Question

（2013•保定一模）四棱錐S-ABCD中，四邊形ABCD為矩形，M為AB中點(diǎn)，且△SAB為等腰直角三角形，SA=SB=2，SC⊥BD，DA⊥平面SAB．
（1）求證：平面SBD⊥平面SMC
（2）設(shè)四棱錐S-ABCD外接球的球心為H，求棱錐H-MSC的高；
（3）求平面SAD與平面SMC所成的二面角的正弦值．

Answer 1

分析：（1）結(jié)合已知條件，由線面垂直的判定定理證出SM垂直于平面ABCD，從而得到SM垂直于DB，由已知SC垂直于BD，得到DB垂直于SMC，利用面面垂直的判定定理得到要證的結(jié)論；
（2）連結(jié)AC、BD交于N，通過(guò)證明SB垂直于SD說(shuō)明N即為四棱錐S-ABCD外接球的球心為H，結(jié)合（1）可知CM與BD的交點(diǎn)Q即為H在平面SMC上的射影，通過(guò)解三角形即可得到HQ的長(zhǎng)度；
（3）以M為坐標(biāo)原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系，通過(guò)求解平面SAD與平面SMC法向量所成角的余弦值得到平面SAD與平面SMC所成的二面角的正弦值．

解答：（1）證明：如圖，
∵SA=SB，M為AB的中點(diǎn)，∴SM⊥AB，
又∵DA⊥平面SAB，∴DA⊥SM，
所以，SM⊥平面ABCD．
又∵DB?平面ABCD，∴SM⊥DB．
又∵SC⊥BD，∴DB⊥平面SMC，
∴平面⊥平面SMC；
（2）解：由（1）知DB⊥平面SMC，∴DB⊥MC．
∴△ABD∽△BCM，故

AB

AC

=

DA

MB

⇒

2 2

BC

=

BC

2

⇒BC=2
設(shè)AC∩BD=N，∵AS⊥BS，DA⊥BS，
∴SB⊥平面SAD．
∴SB⊥SD．
所以NA=NB=NC=ND=NS，∴H與N重合，即為球心．
設(shè)MC∩DB=Q，由于DB⊥平面SMC，故HQ即為所求．
∵M(jìn)C=

22+( 2 )2

=

6

．
∴QB=

BC•MB

MC

=

2 2

6

=

2 3

3

．
∵BD=

22+(2 2 )2

=2

3

，∴HB=

3

．
故HQ=

3

-

2

3

3

=

3

3

．
即棱錐H-MSC的高為

3

3

；
（3）解：以點(diǎn)M為原點(diǎn)，建立坐標(biāo)系如圖，
則M（0，0，0），S（

2

，0，0），C（0，

2

，2），D（0，-

2

，2）．
∴

MS

=(

2

，0，0)，

MC

=（0，

2

，2），

AD

=(0，0，2)，

AS

=(

2

，

2

，0)．
設(shè)平面SMC的法向量為

n

=(x，y，z)，ASD的法向量為

m

=(a，b，c)
由

n • MS =0 n • MC =0

，得

2 x=0 2 y+2z=0

，取z=-1，得x=0，y=

2

．
所以

n

=(0，

2

，-1)．
由

m • AD =0 m • AS =0

，得

2c=0 2 a+ 2 b=0

，取b=-1，得a=1，c=0．
所以

m

=(1，-1，0)．
所以cos＜

m

，

n

＞=

m • n

| m |•| n |

=

- 2

3 • 2

=-

3

3

．
所以，平面SAD與平面SMC所成的二面角的正弦值為

6

3

．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了平面與平面垂直的判定，考查了空間中的點(diǎn)線面見(jiàn)得距離的計(jì)算，考查了利用空間向量求解二面角的大小，綜合考查了學(xué)生的空間想象能力和思維能力，是中檔題．