Question

【題目】已知函數(shù)f（x）=x2﹣ax﹣alnx（a∈R），g（x）=﹣x3+ x2+2x﹣6，g（x）在[1，4]上的最大值為b，當(dāng)x∈[1，+∞）時(shí)，f（x）≥b恒成立，則a的取值范圍（ ）
A.a≤2
B.a≤1
C.a≤﹣1
D.a≤0

Answer 1

【答案】B
【解析】解：g′（x）=﹣3x2+5x+2，令g′（x）=0得x=2或x=﹣ ．
當(dāng)1≤x＜2時(shí)，g′（x）＞0，當(dāng)2＜x＜4時(shí)，g′（x）＜0，
∴g（x）在[1，2）上單調(diào)遞增，在（2，4]上單調(diào)遞減，
∴b=g（2）=0．
∴f（x）≥0在[1，+∞）上恒成立，
f′（x）=2x﹣a﹣ = ，
令h（x）=2x2﹣ax﹣a，△=a2+8a．
1）若△=a2+8a≤0，即﹣8≤a≤0，則h（x）≥0恒成立，
∴f′（x）≥0恒成立，∴f（x）在[1，+∞）上是增函數(shù)，
∴fmin（x）=f（1）=1﹣a≥0，解得a≤1，
∴﹣8≤a≤0．
2）若△=a2+8a＞0，即a＜﹣8或a＞0．
令f′（x）=0得h（x）=0，解得x= （舍）或x= ．
若a＜﹣8，則 ＜0，則h（x）＞0在[1，+∞）上恒成立，
∴f′（x）＞0恒成立，∴f（x）在[1，+∞）上是增函數(shù)，
∴fmin（x）=f（1）=1﹣a≥0，解得a≤1，
∴a＜﹣8．
若0＜ ≤1，即0＜a≤1，則h（x）＞0在[1，+∞）上恒成立，
∴f′（x）≥0恒成立，∴f（x）在[1，+∞）上是增函數(shù)，
∴fmin（x）=f（1）=1﹣a≥0，解得a≤1，
∴0＜a≤1．
若 ＞1，即a＞1時(shí)，則1≤x＜ 時(shí)，h（x）＜0，當(dāng)x＞ 時(shí)，h（x）＞0．
∴1≤x＜ 時(shí)，f′（x）＜0，當(dāng)x＞ 時(shí)，f′（x）＞0．
∴f（x）在[1， ]上單調(diào)遞減，在（ ，+∞）上單調(diào)遞增．
此時(shí)fmin（x）＜f（1）=1﹣a＜0，不符合題意．
綜上，a的取值范圍是（﹣∞，1]．
故選：B．
【考點(diǎn)精析】利用函數(shù)的最值及其幾何意義和函數(shù)的最大(小)值與導(dǎo)數(shù)對(duì)題目進(jìn)行判斷即可得到答案，需要熟知利用二次函數(shù)的性質(zhì)（配方法）求函數(shù)的最大（�。┲担焕�用圖象求函數(shù)的最大（�。┲担焕�用函數(shù)單調(diào)性的判斷函數(shù)的最大（�。┲�；求函數(shù)在上的最大值與最小值的步驟：（1）求函數(shù)在內(nèi)的極值；（2）將函數(shù)的各極值與端點(diǎn)處的函數(shù)值，比較，其中最大的是一個(gè)最大值，最小的是最小值．