Question

如圖1，已知tan∠MON=2，點(diǎn)P是∠MON內(nèi)一點(diǎn)，PC⊥OM，垂足為點(diǎn)C，PC=2，OC=6，A是OC延長(zhǎng)線上一點(diǎn)，連接AP并延長(zhǎng)與射線ON交于點(diǎn)B．
（1）當(dāng)點(diǎn)P恰好是線段AB的中點(diǎn)時(shí)，試判斷△AOB的形狀，并說(shuō)明理由；
（2）當(dāng)CA的長(zhǎng)度為多少時(shí)，△AOB是等腰三角形；
（3）設(shè)

AP

AB

=k，是否存在適當(dāng)?shù)膋，使得

S△APC

S四邊形OBPC

=k？若存在，試求出k的值；若不存在，試說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）過(guò)點(diǎn)B作BE⊥OM，垂足為點(diǎn)E，根據(jù)中位線的性質(zhì)得到BE=4，再根據(jù)正切的定義得到OE=2，EC=CA=4，易證得Rt△OBE≌Rt△PAC，得到∠OBE=∠OAB，∠AOB=∠CPA，而∠CPA=∠EBA，即可得到∠OBE+∠EBA=90°；
（2）設(shè)OE=a，則BE=2a，OB=

5

a，設(shè)CA=x，由PC∥BE，則

PC

BE

=

AC

AE

，可得到a=

x+6

x+1

，然后分類討論：若OA=OB，即x+6=

x+6

x+1

•

5

；若AO=AB，即x+6=

4a2+(x+6-a)2

；若OB=AB時(shí)，OE=EA，a=

1

2

(x+6)，分別解方程即可得到x的值；
（3）同（2）設(shè)法一樣，根據(jù)三角形的面積公式得到S_△APC=

1

2

•x•2=x，S_△ABO=

1

2

•2a•（x+6）=（x+6）a，由

AP

AB

=k，得

AP

AB

=

PC

BE

=

2

2a

，得到k=

1

a

，再根據(jù)題意得到

x

(x+6)a-x

=

1

a

，而a=

x+6

x+1

，即可得到關(guān)于x的方程，解方程即可．

解答：解：（1）△AOB為直角三角形．理由如下：
過(guò)點(diǎn)B作BE⊥OM，垂足為點(diǎn)E，如圖，
∵PC⊥OM，
∴BE∥PC，
∵點(diǎn)P是線段AB的中點(diǎn)，PC=2，
∴BE=4，
又∵tan∠MON=2，tan∠MON=

BE

OE

=2，
∴OE=2，
∵OC=6，
∴EC=CA=4
∴Rt△OBE≌Rt△PAC，
∴∠OBE=∠OAB，∠AOB=∠CPA，
而∠CPA=∠EBA，
∴∠OBE+∠EBA=90°，
∴△OBA為直角三角形；

（2）設(shè)OE=a，則BE=2a，OB=

5

a
∵PC∥BE，
∴

PC

BE

=

AC

AE

，
設(shè)CA=x，則

2

2a

=

x

x+6-a

，
∴a=

x+6

x+1

，
∴OA=6+x，OB=

x+6

x+1

5

，
①若OA=OB，即x+6=

x+6

x+1

•

5

解得x=

5

-1；
②若AO=AB，即x+6=

4a2+(x+6-a)2

解得x=

3

2

；
③若OB=AB時(shí)，OE=EA，
∴a=

1

2

(x+6)，解得x=1；
綜上，當(dāng)CA的值分別為

5

-1、

3

2

、1時(shí)，△AOB是等腰三角形．

（3）存在．理由如下：
同（2）設(shè)CA=x，OE=a，
∵S_△APC=

1

2

•x•2=x，S_△ABO=

1

2

•2a•（x+6）=（x+6）a，
由

AP

AB

=k，得

AP

AB

=

PC

BE

=

2

2a

，
∴k=

1

a

，
∵

S△APC

S四邊形OBPC

=k，
∴

x

(x+6)a-x

=

1

a

，
∴x=6a，
而a=

x+6

x+1

，
∴6•

x+6

x+1

=x，
解得x₁=9，x₂=-4（舍去），
∴k=

1

a

=

x+1

x+6

=

2

3

．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了相似三角形的判定與性質(zhì)：平行于三角形一邊的直線所截得的三角形與原三角形相似；相似三角形對(duì)應(yīng)邊的比等于相似比．也考查了三角形的中位線定理以及解方程的方法．