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某同學(xué)在《用雙縫干涉測(cè)光的波長》的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．使用的雙縫的間距為0.025cm．實(shí)驗(yàn)時(shí)，當(dāng)屏上出現(xiàn)了干涉圖樣后，通過測(cè)量頭（與螺旋測(cè)微器原理相似，手輪轉(zhuǎn)動(dòng)一周，分劃板前進(jìn)或后退0.500mm）觀察第一條亮紋的位置如圖（a）所示，第五條亮紋位置如圖（b）所示，則由圖可得對(duì)準(zhǔn)第1條時(shí)讀數(shù)x₁=

 

mm、對(duì)準(zhǔn)第5條時(shí)讀數(shù)x₂=

 

mm（允許誤差），測(cè)出雙縫與屏的距離為50.00cm，則待測(cè)光的波長λ=

 

m．

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（2013?崇明縣二模）有同學(xué)利用如圖（甲）所示的裝置來驗(yàn)證力的平行四邊形定則．在豎直木板上鋪有白紙，固定兩個(gè)光滑的滑輪A和B，將繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn)O，在三段繩上分別掛上三組鉤碼，每個(gè)鉤碼的重量相等．當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到平衡時(shí)，根據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)讀出三根繩子的拉力，回答下列問題：
（1）（多選題）改變鉤碼個(gè)數(shù)，實(shí)驗(yàn)?zāi)苓_(dá)到平衡的是

BC

BC

A．鉤碼的個(gè)數(shù)N₁=N₂=2，N₃=4
B．鉤碼的個(gè)數(shù)N₁=N₂=N₃=4
C．鉤碼的個(gè)數(shù)N₁=2，N₃=3，N₂=4
D．鉤碼的個(gè)數(shù)N₁=1，N₂=3，N₃=5
（2）（多選）達(dá)到平衡后，需要記錄的是

AC

AC

A．標(biāo)記結(jié)點(diǎn)O的位置，并記錄OA、OB、OC三段繩子的方向
B．量出OA、OB、OC三段繩子的長度
C．記下各組鉤碼的個(gè)數(shù)
D．用天平測(cè)出鉤碼的質(zhì)量
（3）該學(xué)生根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)在白紙上畫出了圖（乙）所示的五個(gè)力，以驗(yàn)證力的平行四邊形定則，則

A

A

A．F_d是F_c的平衡力
B．F_a、F_b的合力是F_c
C．F_e、F_d大小一定相等
D．F_e和F_d不重合，說明實(shí)驗(yàn)失�。�

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某同學(xué)在《用雙縫干涉測(cè)光的波長》的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．使用的雙縫的間距d為0.025cm．實(shí)驗(yàn)時(shí)，首先調(diào)節(jié)光源和濾光片的中心位于遮光筒的中心軸線上，并使單縫和雙縫豎直且互相平行．當(dāng)屏上出現(xiàn)了干涉圖樣后，通過測(cè)量頭（與螺旋測(cè)微器原理相似，手輪轉(zhuǎn)動(dòng)一周，分劃板向左或向右移動(dòng)0.500mm）觀察第一條亮紋的位置如圖（a）所示，讀數(shù)為1.128mm；第五條亮紋位置如圖（b）所示，讀數(shù)為

5.880

5.880

mm，測(cè)出雙縫與屏的距離L為50.00cm，待測(cè)光的波長λ=

5.94×10^-7

5.94×10^-7

m．

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某同學(xué)用電流表和電壓表測(cè)一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻時(shí)，采用的實(shí)驗(yàn)電路如圖（1）所示：

（1）請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線將圖（2）中的器材連成實(shí)驗(yàn)電路．
（2）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得U和I五組數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)如下表所示，根據(jù)這五組數(shù)據(jù)值在圖（3）的坐標(biāo)系中做出該電源的U-I圖象．

	U（伏）	I（安）
1	1.25	0.50
2	1.00	0.95
3	0.75	1.50
4	0.55	2.00
5	0.25	2.50

（3）由圖象可求得電源電動(dòng)勢(shì)E=

 

V，內(nèi)阻r=

 

Ω．

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1. BCD   2. BC    3.D        4.A     5. C

6. AD    7.C     8. CD        9. AB    10.BC

11.（１）ＣＤ（２）指零　　指零　　指零　　　左偏　

12. 電極Ａ與導(dǎo)電紙接觸不良

13. 解：（１）小球速度最大時(shí)，棒對(duì)它的彈力垂直于棒向下，受力分析如圖，沿桿方向，，垂直桿方向：，聯(lián)立以上各式，得

所以：

（２）小球Ｃ從斜置的絕緣棒上由靜止開始運(yùn)動(dòng)，必須滿足條件，而即，所以

14. 解：（１）根據(jù)牛頓第二定律，根據(jù)庫侖定律，，解得

（２）當(dāng)Ａ球受到的合力為零即加速度為零時(shí)，動(dòng)能最大，設(shè)此時(shí)Ａ球與Ｂ點(diǎn)間的距離為Ｒ，則，解得。

15. 解：（１）、（２）如圖所示，設(shè)小球在Ｃ點(diǎn)的速度大小是，對(duì)軌道的壓力大小為，則對(duì)于小球由ＡC的過程中，應(yīng)用動(dòng)能定理列出：－０，在Ｃ點(diǎn)的園軌道徑向應(yīng)用牛頓第二定律，有，解得

（３）如圖所示，設(shè)小球初始位置應(yīng)在離Ｂ點(diǎn)ｘｍ的點(diǎn)，對(duì)小球由Ｄ的過程應(yīng)用動(dòng)能定理，有：，在Ｄ點(diǎn)的圓軌道徑向應(yīng)用牛頓第二定律，有，解得

16. 解：（１）F₁為P₁參與的運(yùn)動(dòng)而受到指向Ｎ端的洛倫茲力，其值為：（其中 ，為的電量），對(duì)應(yīng)有指向Ｎ端的加速度： （其中ｍ為的質(zhì)量）

在管中運(yùn)動(dòng)會(huì)使它受到另一個(gè)向左的洛倫茲力，此力與管壁對(duì)向右的力所抵消，到達(dá)Ｎ端時(shí)具有沿管長方向的速度：

所以，對(duì)紙平面的速度大小為：

又因?yàn)?sub>，故：

即：

所以的比荷為：

（２）從Ｍ端到Ｎ端經(jīng)歷的時(shí)間為：

離開管后將在紙平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑與周期分別為：

經(jīng)ｔ_１時(shí)間已隨管朝正右方向運(yùn)動(dòng)：

的距離

所以離開Ｎ端的位置恰好為的初始位置

經(jīng)時(shí)間ｔ_１已知運(yùn)動(dòng)到如圖所示的位置Ｓ_２走過的路程為

只能與相碰在圖中的Ｓ處，相遇時(shí)刻必為

且要求在這段時(shí)間內(nèi)恰好走過2Ｒ的路程，因此有

即得：

所以：

17. 解：……①　

由于重力和電場(chǎng)力平衡，電粒子在洛倫茲力作用下做圓周運(yùn)動(dòng)，小球平拋且碰時(shí)動(dòng)量守恒，根據(jù)條件，碰后反向

……①

另有……②

解得……③

對(duì)平拋：

解得