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小球從空中某高度處自由下落，與水平地面相碰后（不計(jì)碰撞時(shí)間）彈到空中某一高度．已知，小球的v-t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（　�。�

A．0.3秒末小球下落的速度為4 m/s

B．小球第一次觸地后反彈的初速度的大小為-3m/s

C．小球能彈起的最大高度為 1.25m

D．小球能彈起的最大高度為0.45 m

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小球從空中下落，與水平地面第一次相碰后彈到空中某一高度，其速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示，則（　　）

A．碰撞時(shí)速度的改變量大小為2m/s

B．小球空中下落的加速度a=10m/s²

C．小球下落高度為5m

D．小球反彈最大高度為0.45m

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小球從空中自由下落，與水平地面第一次相碰后彈到空中某一高度，其速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖，則（　　）

A、小球第一次反彈初速度的大小為3m/s

B、碰撞時(shí)速度的改變量大小為2m/s

C、小球是從5m高處自由下落的

D、小球反彈起的最大高度為0.8m

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小球從空中自由下落，與水平地面第一次相碰后又彈到空中某一高度，其速度v隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖所示．若g=10m/s²，則（　　）

A、小球第一次反彈后離開地面的速度大小為5m/s

B、小球反彈起的最大高度為0.45m

C、碰撞前后速度改變量的大小為2m/s

D、小球是從2.5m高處自由下落的

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一:不定項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每題6分，共48分 ）

題號(hào)

1

2

3

4

5

6

7

8

答案

B

CD

BD

ABC

AD

AC

B

AD

9.(1) C  （5分）(2)  ①  如右圖所示( 7分 )

②   （ 5分 ）

( 注意：電路圖中，如有一個(gè)地方不對(duì)，不能得分 )

10、解：(1)ab棒達(dá)到穩(wěn)定速度后，應(yīng)具有受力平衡的特點(diǎn)，設(shè)此時(shí)棒ab所受安培力為F_B.則F-mgsin30°+F_B   ① （ 2分 ）

而F_B=BIL=   ② （ 1分 ）    牽引力 F=   ③ （ 1分 ）

將②③代人①后得  =mgsin30°+ （ 1分 ）

代人數(shù)據(jù)后得v₁=2m／s，v₂=-3m／s(舍去) （ 1分 ）

(2)設(shè)從靜止到穩(wěn)定速度所需時(shí)間為t.棒ab從靜止開始到具有穩(wěn)定速度的過程中在做變加速直線運(yùn)動(dòng)，據(jù)能量關(guān)系有：Pt-mgsin30°?s―Q=-0（7分）

代人數(shù)據(jù)得t=1.5s.（2分）

11、解：（1）平板車和小物塊組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，故小物塊到達(dá)圓弧最高點(diǎn)A時(shí)，二者的共同速度 （ 1分 ）  設(shè)彈簧解除鎖定前的彈性勢(shì)能為，上述過程中系統(tǒng)能量守恒，則有 （ 4分 ）  

代入數(shù)據(jù)解得  （ 1分 ）

（2）設(shè)小物塊第二次經(jīng)過時(shí)的速度大小為，此時(shí)平板車的速度大小為，研究小物塊在平板車圓弧面上的下滑過程，由系統(tǒng)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒有

  （ 2分 ）    （ 3分 ）

由式代入數(shù)據(jù)解得  （ 1分 ）

（3）最終平板車和小物塊相對(duì)靜止時(shí)，二者的共同速度為0。（1分）

設(shè)小物塊相對(duì)平板車滑動(dòng)的路程為S，對(duì)系統(tǒng)由能量守恒有 （4分）

代入數(shù)據(jù)解得 （ 1分 ）

則距點(diǎn)的距離 （ 1分 ）

12、解:（1）設(shè)沿斜面向上為正方向．

由牛頓第二定律：          （ 3分 ）

解得      （ 2分 ）

（2）由分析可知:對(duì)兩小球和繩組成的整體，兩小球沿斜面向上的方向上，

由牛頓第二定律：得a＝0.5m/s² ，故兩小球沿斜面向上的方向上始終做勻加速運(yùn)動(dòng)       ( 5分 )

最后一次碰撞后，小球的最小速度為v＝at＝0.5×2m/s＝1m/s（ 2分 ）

（3）2s內(nèi)，小球沿斜面向上的位移為      （ 2分 ）

設(shè)整個(gè)過程中，系統(tǒng)由于碰撞而損失的機(jī)械能為E ，

由功能關(guān)系：    （ 5分 ）

解得

（ 2分 ）

（ 注：計(jì)算題如按其它方法，答案正確，同樣得分 ）