【答案】
分析:(1)粒子垂直于電場(chǎng)進(jìn)入第一象限,粒子做類平拋運(yùn)動(dòng),由到達(dá)N的速度方向可利用速度的合成與分解得知此時(shí)的速度,在應(yīng)用動(dòng)能定理即可求得電場(chǎng)中MN兩點(diǎn)間的電勢(shì)差.
(2)粒子以此速度進(jìn)入第四象限,在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng),根據(jù)左手定則可確定磁場(chǎng)方向,先畫出軌跡圖,找出半徑;利用洛倫茲力提供向心力的公式,可求出在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑.
(3)粒子的運(yùn)動(dòng)分為兩部分,一是在第一象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng),二是在第四象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),分段求出時(shí)間,相加可得總時(shí)間.
(4)粒子在豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng),因此在電場(chǎng)中的高度等于豎直方向平均速度與時(shí)間的乘積,從而由U=Ed可算出電場(chǎng)強(qiáng)度.
解答:
解:(1)粒子在第一象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng),進(jìn)入第四象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng).粒子帶負(fù)電,設(shè)粒子過N點(diǎn)的速度為v,有

=cosθ得:v=2v
粒子從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程,由動(dòng)能定理有:
(-q)U
MN=

mv
2-

mv
2 U
MN=-

(2)粒子在電場(chǎng)中向下偏則帶電粒子帶負(fù)電,在磁場(chǎng)中從N向Q偏,
由左手定則可知:磁場(chǎng)方向垂直紙面向里.
由qBv=m

得R=

(3)由幾何關(guān)系得:
ON=rsinθ
則有:ON=Rcos30°=

,
設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t
1,則有:
ON=v
t
1所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間:t
1=

=

在磁場(chǎng)中的周期為:T=

,在磁場(chǎng)中的時(shí)間:t
2=

T=

則運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為:t=t
1+t
2=

(4)M到N豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),則有:h=

t
1
而v
⊥=v
tan60°
解得:h=

則由U=Ed,解得:E=

=v
B
答:(1)MN兩點(diǎn)的電勢(shì)差為-

;
(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里和粒子運(yùn)動(dòng)的半徑為

;
(3)粒子從M到Q所用時(shí)間為

;
(4)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為v
B.
點(diǎn)評(píng):該題考查了電場(chǎng)和磁場(chǎng)邊界問題,不同場(chǎng)的分界面上,既是一種運(yùn)動(dòng)的結(jié)束,又是另一種運(yùn)動(dòng)的開始,尋找相關(guān)物理量尤其重要.
粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)偏轉(zhuǎn)時(shí),常用能量的觀點(diǎn)來解決問題,有時(shí)也要運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解.
點(diǎn)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心、半徑及運(yùn)動(dòng)時(shí)間的確定也是本題的一個(gè)考查重點(diǎn)
圓心的確定:因洛倫茲力提供向心力,洛倫茲力總垂直于速度,畫出帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡中任意兩點(diǎn)(一般是射入磁場(chǎng)和射出磁場(chǎng)的兩點(diǎn))洛倫茲力的方向,其延長的交點(diǎn)即為圓心.或射入磁場(chǎng)和射出磁場(chǎng)的兩點(diǎn)間弦的垂直平分線與一半徑的交點(diǎn)即為圓心.
半徑的確定:半徑一般都在確定圓心的基礎(chǔ)上用平面幾何知識(shí)求解,常常是解直角三角形.
運(yùn)動(dòng)時(shí)間的確定:利用圓心與弦切角的關(guān)系計(jì)算出粒子所轉(zhuǎn)過的圓心角θ的大小,用公式t=

T,可求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間.
再者就是要正確畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡圖,能熟練的運(yùn)用幾何知識(shí)解決物理問題.