Question

（2012•宿州三模）設函數f（x）=p（x-

1

x

）-2lnx，g（x）=

2e

x

．（p是實數，e是自然對數的底數）
（1）當p=2時，求與函數y=f（x）的圖象在點A（1，0）處相切的切線方程；
（2）若f（x）在其定義域內為單調遞增函數，求p的取值范圍；
（3）若在[1，e]上至少存在一點x_o，使得f（x₀）＞g（x₀）成立，求p的取值范圍．

Answer 1

分析：（1）求導f′(x)=p+

p

x2

-

2

x

要使“f（x）為單調增函數”，轉化為“f’（x）≥0恒成立”，再轉化為“p≥

2x

x2+1

=

2

x+ 1 x

恒成立”，由最值法求解．同理，要使“f（x）為單調減函數”，轉化為“f’（x）≤0恒成立”，再轉化為“p≤

2x

x2+1

=

2

x+ 1 x

恒成立”，由最值法求解，最后兩個結果取并集．
（2）由“函數f（x）的圖象相切于點（1，0”求得切線l的方程，再由“l(fā)與g（x）圖象相切”得到（p-1）x²-（p-1）x-e=0由判別式求解即可．
（3）因為“在[1，e]上至少存在一點x₀，使得f（x₀）＞g（x₀）成立”，要轉化為“f（x）_max＞g（x）_min”解決，易知g（x）=

2e

x

在[1，e]上為減函數，所以g（x）∈[2，2e]，①當p≤0時，f（x）在[1，e]上遞減；②當p≥1時，f（x）在[1，e]上遞增；③當0＜p＜1時，兩者作差比較．

解答：解：（1）∵f′(x)=p+

p

x2

-

2

x

，要使f（x）為單調增函數，須f’（x）≥0恒成立，
即px²-2x+p≥0恒成立，即p≥

2x

x2+1

=

2

x+ 1 x

恒成立，又

2

x+ 1 x

≤1，
所以當p≥1時，f（x）在（0，+∞）為單調增函數．
要使f（x）為單調減函數，須f’（x）≤0恒成立，即px²-2x+p≤0恒成立，即p≤

2x

x2+1

=

2

x+ 1 x

恒成立，又

2

x+ 1 x

＞0，所以當p≤0時，f（x）在（0，+∞）為單調減函數．
綜上所述，f（x）在（0，+∞）為單調函數，p的取值范圍為p≥1或p≤0
（2）∵f′(x)=

px2-2x+p

x2

，，∴f’（1）=2（p-1），設直線l：y=2（p-1）（x-1），
∵l與g（x）圖象相切，∴y=2（p-1）（x-1）得（p-1）（x-1）=

e

x

，即（p-1）x²-（p-1）x-e=0
y=

2e

x

當p=1時，方程無解；當p≠1時由△=（p-1）²-4（p-1）（-e）=0，得p=1-4e，綜上，p=1-4e
（3）因g（x）=

2e

x

在[1，e]上為減函數，所以g（x）∈[2，2e]
①當p≤0時，由（1）知f（x）在[1，e]上遞減⇒f（x）^max=f（1）=0＜2，不合題意
②當p≥1時，由（1）知f（x）在[1，e]上遞增，f（1）＜2，又g（x）在[1，e]上為減函數，
故只需f（x）_max＞g（x）_min，x∈[1，e]，
即：f（e）=p（e-

1

e

）-2lne＞2⇒p＞

4e

e2-1

③當0＜p＜1時，因x-

1

x

≥0，x∈[1，e]
所以f（x）=p（x-

1

x

）-2lnx≤（x-

1

x

）-2lnx≤e-

1

e

-2lne＜2不合題意
綜上，p的取值范圍為（

4e

e2-1

，+∞）

點評：本題主要考查用導數法研究函數的單調性，基本思路是：當函數為增函數時，導數大于等于零；當函數為減函數時，導數小于等于零，已知單調性求參數的范圍往往轉化為求相應函數的最值問題．