Question

（2009•江蘇一模）已知數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，滿(mǎn)足an+Sn=3-

8

2n

，設(shè)bn=2n•an．
（1）求證：數(shù)列{b_n}是等差數(shù)列，并求出數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）求數(shù)列{a_n•b_n}中最大項(xiàng)；
（3）求證：對(duì)于給定的實(shí)數(shù)λ，一定存在正整數(shù)k，使得當(dāng)n≥k時(shí)，不等式λS_n＜b_n恒成立．

Answer 1

分析：（1）利用遞推關(guān)系，再寫(xiě)一式，兩式相減，可得2nan-2n-1an-1=4，利用bn=2n•an，即可證明數(shù)列{b_n}是等差數(shù)列，從而求出數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）確定數(shù)列{a_n•b_n}的通項(xiàng)，從而可得數(shù)列的單調(diào)性，即可求最大項(xiàng)；
（3）利用錯(cuò)位相減法求數(shù)列的和，確定相應(yīng)的值域，即可證得結(jié)論．

解答：（1）證明：∵an+Sn=3-

8

2n

，
∴n≥2時(shí)，an-1+Sn-1=3-

8

2n-1

兩式相減可得2an-an-1=

8

2n-1

-

8

2n

∴2an-an-1=

4

2n-1

∴2nan-2n-1an-1=4
∵bn=2n•an
∴b_n-b_n-1=4
∵n=1時(shí)，a1+S1=3-

8

21

，∴a1=-

1

2

∴b1=21•a1=-1
∴數(shù)列{b_n}是以-1為首項(xiàng)，4為公差的等差數(shù)列
∴bn=4n-5，an=

4n-5

2n

，
（2）解：a_n•b_n=

(4n-5)2

2n

令f（n）=

(4n-5)2

2n

，則

f(n+1)

f(n)

=

(4n-1)2

2(4n-5)2

令

(4n-1)2

2(4n-5)2

＜1，則16n²-72n+49＞0
∴n＞5時(shí)，

f(n+1)

f(n)

＜1，n＜5時(shí)，

f(n+1)

f(n)

＞1
∴數(shù)列從第一項(xiàng)到第四項(xiàng)，單調(diào)遞增，從第五項(xiàng)開(kāi)始，單調(diào)遞減
所以最大項(xiàng)是第四項(xiàng)

121

16

；
（3）證明：∵an=

4n-5

2n

∴數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n=(-1)×

1

2

+3×

1

22

+…+(4n-5)×

1

2n

∴

1

2

S_n=(-1)×

1

22

+…+(4n-9)×

1

2n

+(4n-5)×

1

2n+1

兩式相減可得

1

2

S_n=(-1)×

1

2

+4×

1

22

+…+4×

1

2n

-(4n-5)×

1

2n+1

∴S_n=3-(4n+3)×

1

2n

∴S₁=-

1

2

∴S_n的值域[-

1

2

，3），
∵b_n=4n-5，∴b_n的值域[-1，+∞），
∴對(duì)于給定的實(shí)數(shù)λ，一定存在正整數(shù)k，使得當(dāng)n≥k時(shí)，不等式λS_n＜b_n恒成立．

點(diǎn)評(píng)：本題考查等差數(shù)列的證明，考查數(shù)列的通項(xiàng)與求和，考查數(shù)列的單調(diào)性，考查學(xué)生分析解決問(wèn)題的能力，能力要求強(qiáng)，有難度．