Question

已知函數(shù)f(x)=

1

2

x2-f′(2)x，g(x)=lnx-

1

2

x2．
（I）求函數(shù)f（x）的解析式；
（II）若對于任意x∈（0，+∞），都有f（x）+g（x）≤a成立，求實數(shù)a的取值范圍；
（III）設(shè)x₁，x₂＞0，a₁，a₂∈[0，1]，且a₁+a₂=1，求證：

x

a1 1

x

a2 2

≤a1x1+a2x2．

Answer 1

分析：（I）為了求函數(shù)f（x）的解析式，根據(jù)題意，即求出其中的f'（2）的值，故只須對函數(shù)求導(dǎo)后令x=2即可；
（II）設(shè)F（x）=f（x）+g（x），對于任意x∈（0，+∞），都有f（x）+g（x）≤a成立，只須a≥F（x）_max即可，利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)F（x）的最大值，即可得出實數(shù)a的取值范圍；
（III）由（II），得F（x）=lnx-x≤-1，即lnx≤x-1，再分別令x=

x1

a1x1+a2x2

，x=

x2

a1x1+a2x2

，后利用不等式的性質(zhì)兩式相加，得到一個不等關(guān)系式，化簡即可證出結(jié)論．

解答：解：（I）因為f(x)=

1

2

x2-f′(2)x，
所以f′（x）=x-f′（2）．（2分）
令x=2，得f′（2）=1，
所以f（x）=

1

2

x2-x．
（II）解：設(shè)F（x）=f（x）+g（x）=lnx-x，
則F′(x)=

1

x

-1，（5分）
令F′（x）=0，解得x=1．（6分）
當(dāng)x變化時，F(xiàn)（x）與F′（x）的變化情況如下表：

x	（0，1）	1	（1，+∞）
f′（x）	+	0	-
f（x）	↑	極小值	↓

所以當(dāng)x=1時，F(xiàn)（x）_max=F（1）=-1．（8分）
因為對于任意x∈（0，+∞），都有f（x）+g（x）≤a成立，
所以a≥-1．（9分）
（III）證明：由（II），得F（x）=lnx-x≤-1，即lnx≤x-1，
令x=

x1

a1x1+a2x2

，得ln

x1

a1x1+a2x2

≤

x1

a1x1+a2x2

-1，
令x=

x2

a1x1+a2x2

，得ln

x2

a1x1+a2x2

≤

x2

a1x1+a2x2

-1，（11分）
所以a1ln

x1

a1x1+a2x2

+a2ln

x2

a1x1+a2x2

≤a1(

x1

a1x1+a2x2

-1)+a2(

x2

a1x1+a2x2

-1)
因為a₁+a₂=1，
所以a1ln

x1

a1x1+a2x2

+a2ln

x2

a1x1+a2x2

≤1-a1-a2=0，（13分）
所以a₁lnx₁-a₁ln（a₁x₁+a₂x₂）+a₂lnx₂-a₂ln（a₁x₁+a₂x₂）≤0，
即a₁lnx₁+a₂lnx₂≤（a₁+a₂）ln（a₁x₁+a₂x₂）=ln（a₁x₁+a₂x₂），
所以ln(

x

a1 1

•

x

a2 2

)≤ln(a1x′1+a2x2)，
所以

x

a1 1

•

x

a2 2

≤a1x1+a2x2（14分）

點評：本題考查了導(dǎo)數(shù)在最大值、最小值問題中的應(yīng)用，及利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性，考查了利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)在閉區(qū)間上的最值，考查了函數(shù)恒成立問題，是中檔題．