Question

15．如圖所示是一種多功能蒸汽熨斗，其說(shuō)明書(shū)的部分內(nèi)容如下：

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：
（1）“請(qǐng)勿在同一線路上使用大功率電器”為了防止電流過(guò)大，釀成事故．
（2）電熨斗正常工作的電流是4A．
（3）該熨斗正常工作5分鐘，消耗的電能可以使40瓦的燈泡正常工作1.83小時(shí)．
（4）一般來(lái)說(shuō)，用電器的實(shí)際電壓與額電壓不相等，可借助電能表來(lái)測(cè)用電器的實(shí)際工作電壓，現(xiàn)在電路中只接入這個(gè)電熨斗，用標(biāo)有“2500r/kW•h”字樣的電能表測(cè)得225秒內(nèi)轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)了125圈，
①該電熨斗的實(shí)際功率是多少瓦？
②該電熨斗的實(shí)際電壓是多少伏？

Answer 1

分析 （1）大功率用電器不能同時(shí)使用，避免電路中電流過(guò)大．
（2）由銘牌信息可知電熨斗的額定功率及額定電壓，則由功率公式P=UI可求得電熨斗正常工作時(shí)的電流；
（3）已知功率，則由W=Pt可求得5分鐘內(nèi)該熨斗消耗的電能，已知W₁=W₂，利用W=Pt即可求出燈泡正常工作時(shí)間．
（4）①已知電能表每消耗1kW•h的電能，轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)2500r，可求轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)過(guò)125r消耗的電能，根據(jù)P=$\frac{W}{t}$求出電熨斗的實(shí)際功率；
②根據(jù)P=$\frac{{U}^{2}}{R}$求出電熨斗的電阻，再根據(jù)P=$\frac{{U}^{2}}{R}$求出該電熨斗的實(shí)際電壓．

解答 解：（1）在同一線路上使用大功率電器，會(huì)造成電路中電流過(guò)大，保險(xiǎn)絲會(huì)被燒斷．
（2）該電熨斗正常工作時(shí)的電壓為220V，額定功率為880W，則由P=UI得：
電熨斗正常工作時(shí)的電流I=$\frac{P}{U}$=$\frac{880W}{220V}$=4A；
（3）工作時(shí)間t₁=5min=300s；
則電熨斗消耗的電能W=Pt=880W×300s=2.64×10⁵J；
已知W₁=W₂，由W=Pt得：
t₂=$\frac{{W}_{2}}{{P}_{L}}$=$\frac{2.64×1{0}^{5}J}{40W}$=6600s≈1.83h．
（4）①電熨斗225s消耗的電能：
W_實(shí)=$\frac{125}{2500}$kW•h=1.8×10⁵J，
該電熨斗的實(shí)際功率：
P_實(shí)=$\frac{{W}_{實(shí)}}{t′}$=$\frac{1.8×1{0}^{5}J}{225s}$=800W；
②由P=$\frac{{U}^{2}}{R}$可得，電熨斗的電阻：
R=$\frac{{{U}_{額}}^{2}}{{P}_{額}}$=$\frac{{（220V）}^{2}}{880W}$=55Ω，
則該電熨斗的實(shí)際電壓：
U_實(shí)=$\sqrt{{P}_{實(shí)}R}$=$\sqrt{800W×55Ω}$≈210V．
故答案為：（1）防止電流過(guò)大，釀成事故；（2）4A；（3）1.83．
（4）①該電熨斗的實(shí)際功率是800W；②該電熨斗的實(shí)際電壓是210V．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了電器的保護(hù)、功率公式及電功的計(jì)算，讀懂電熨斗銘牌信息是關(guān)鍵．本題考查了物質(zhì)的物理屬性、安全用電原則、物態(tài)的變化、壓強(qiáng)的計(jì)算、效率的計(jì)算等，涉及的知識(shí)較多，綜合性強(qiáng)，難度較大．