分析 (1)先根據(jù)已知條件求得直線(xiàn)OP與AB的解析式,再解方程組,求得交點(diǎn)Q的坐標(biāo)即可;
(2)分情況討論:當(dāng)點(diǎn)P在x軸上方時(shí),若△CPQ是腰底之比為1:$\sqrt{3}$的等腰三角形,可得∠QPC=∠QCP=30°,∠OQC=60°;當(dāng)點(diǎn)P在x軸下方時(shí),若△CPQ是腰底之比為1:$\sqrt{3}$的等腰三角形,可得∠CQP=∠CPQ=30°,∠POC=60°=∠AOQ,分別過(guò)點(diǎn)Q作QH⊥x軸于H,根據(jù)△AQH是等腰直角三角形,列方程求解即可得到點(diǎn)P的坐標(biāo).
解答 解:(1)根據(jù)tan∠POC=3,可得$\frac{PC}{OC}$=3,
∴直線(xiàn)OP的解析式為y=3x,
根據(jù)A(-4,0),B(0,4),可得
直線(xiàn)AB的解析式為y=x+4,
解方程組$\left\{\begin{array}{l}{y=3x}\\{y=x+4}\end{array}\right.$,
可得$\left\{\begin{array}{l}{x=2}\\{y=6}\end{array}\right.$,
∴點(diǎn)Q的坐標(biāo)是(2,6);
(2)①如圖所示,當(dāng)點(diǎn)P在x軸上方時(shí),若△CPQ是腰底之比為1:$\sqrt{3}$的等腰三角形,則
∠QPC=∠QCP=30°,∠OQC=60°,
∵∠PCO=90°,
∴∠QOC=60°,
∴△OCQ是等邊三角形,
過(guò)點(diǎn)Q作QH⊥OC于 H,則OH=$\frac{1}{2}$OC,QH=$\sqrt{3}$OH,
設(shè)OC=x,則OH=$\frac{1}{2}$x,QH=$\frac{\sqrt{3}}{2}$x,
∵∠BAO=45°=∠AQH,
∴AH=QH,即4+$\frac{1}{2}$x=$\frac{\sqrt{3}}{2}$x,
解得x=4$\sqrt{3}$+4,
∴OC=4$\sqrt{3}$+4,CP=$\sqrt{3}$OC=4$\sqrt{3}$+12,
即P(4$\sqrt{3}$+4,4$\sqrt{3}$+12);
②如圖所示,當(dāng)點(diǎn)P在x軸下方時(shí),若△CPQ是腰底之比為1:$\sqrt{3}$的等腰三角形,則
∠CQP=∠CPQ=30°,∠POC=60°=∠AOQ,
∴∠QCO=60°-30°=30°,
∴∠CQP=∠QCO=30°,
∴QO=CO,
過(guò)點(diǎn)Q作QH⊥AO于H,則∠HQO=30°,
∴HO=$\frac{1}{2}$QO=$\frac{1}{2}$OC,QH=$\sqrt{3}$HO,
設(shè)OC=x,則OH=$\frac{1}{2}$x,HQ=$\frac{\sqrt{3}}{2}$x,AH=AO-HO=4-$\frac{1}{2}$x,
∵∠BAO=45°=∠AQH,
∴AH=QH,即4-$\frac{1}{2}$x=$\frac{\sqrt{3}}{2}$x,
解得x=4$\sqrt{3}$-4,
∴OC=4$\sqrt{3}$-4,CP=$\sqrt{3}$OC=12-4$\sqrt{3}$,
即P(4$\sqrt{3}$-4,4$\sqrt{3}$-12).
點(diǎn)評(píng) 本題主要考查了兩條直線(xiàn)的交點(diǎn)問(wèn)題,等腰三角形的性質(zhì)以及等腰直角三角形的性質(zhì)的綜合應(yīng)用,兩條直線(xiàn)的交點(diǎn)坐標(biāo),就是由這兩條直線(xiàn)相對(duì)應(yīng)的一次函數(shù)表達(dá)式所組成的二元一次方程組的解.解決問(wèn)題的關(guān)鍵是作輔助線(xiàn)構(gòu)造等腰直角三角形,解題時(shí)注意分類(lèi)思想和方程思想的運(yùn)用.
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