題目列表(包括答案和解析)
| R1R2 |
| R1-R2 |
| R1R2 |
| R1-R2 |
| 1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 | 9 | 10 | |
| 電阻R/Ω | 60.5 | 35.2 | 20.0 | 13.7 | 9.9 | 5.8 | 4.3 | 3.5 | 2.9 | 2.5 |
| 電壓U/V | 2.58 | 2.43 | 2.22 | 2.00 | 1.78 | 1.40 | 1.18 | 1.05 | 0.93 | 0.85 |
| 1 |
| U |
| 1 |
| R |
| 2 |
| 3 |
| 1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 | 9 | 10 | |
| 電阻R/Ω | 60.5 | 35.2 | 20.0 | 13.7 | 9.9 | 5.8 | 4.3 | 3.5 | 2.9 | 2.5 |
| 電壓U/V | 2.58 | 2.43 | 2.22 | 2.00 | 1.78 | 1.40 | 1.18 | 1.05 | 0.93 | 0.85 |
-
圖線．由圖象得出電池組的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)電阻r=______Ω．
，讀出此時(shí)R′的阻值為2.00×103Ω．則電流表內(nèi)阻的測(cè)量值Rg=______Ω．將該靈敏電流表改裝成量程為3V的電壓表，需______（“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）阻值為R=______Ω的電阻．1．D 解析：該反應(yīng)是輕核的聚變，A錯(cuò)；輕核的聚變要放出能量B錯(cuò)；該反應(yīng)中沒(méi)有α和β射線產(chǎn)生，但可能有γ產(chǎn)生，C錯(cuò)；反應(yīng)前樣子總質(zhì)量
，反應(yīng)后核子總質(zhì)量
，質(zhì)量虧損為
，D正確。
2．C 解析：以活塞為研究對(duì)象，水平方向活塞受三個(gè)力如圖所示，氣體初、末狀態(tài)壓強(qiáng)均等于大氣壓強(qiáng)
，此時(shí)
=0；過(guò)程①缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)
先增大后減小，則向左先增大后減小，對(duì)活塞做負(fù)功， A是對(duì)的；過(guò)程②缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變且等于，
，B是對(duì)的；過(guò)程③缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)先減小后增大，向右先增大后減小，對(duì)活塞做正功，C錯(cuò)；由熱力學(xué)第一定律得
，所以
，理想氣體的溫度變化相同時(shí)內(nèi)能變化
相同，則
為負(fù)時(shí)Q大，D正確。選C。
3．BD
4．AB
5．A 解析：由圖(c)可知，子彈穿過(guò)木塊A的時(shí)間為
，子彈對(duì)木塊A的沖量實(shí)際上等于子彈在穿過(guò)A的過(guò)程中對(duì)A、B的總沖量，即
，由于A、B相同，質(zhì)量相等，因此在時(shí)間A對(duì)B的沖量等于子彈對(duì)A的沖量的一半，即
，A正確D錯(cuò)；子彈在穿過(guò)B時(shí)，相對(duì)B的平均速度小于穿過(guò)A時(shí)相對(duì)A的平均速度，因此
，
，
，
，BC錯(cuò)。
6．BC 解析：
時(shí)刻B板電勢(shì)比A板高，電子在時(shí)間內(nèi)向B板加速，加速結(jié)束；在
時(shí)間內(nèi)電子減速，由于對(duì)稱，在
時(shí)刻速度恰好為零，接下來(lái)，電子重復(fù)上述運(yùn)動(dòng)，所以電子一直向B板運(yùn)動(dòng)，直到從小孔P突出，A錯(cuò)；無(wú)論電子在什么時(shí)刻突出P孔，時(shí)刻電子都具有最大動(dòng)能，B正確；電子突出小孔P的時(shí)刻不確定，但突出時(shí)的動(dòng)能不大于
，C正確D錯(cuò)。
7．C 解析：運(yùn)動(dòng)員在到達(dá)P點(diǎn)前做平拋運(yùn)動(dòng)，y方向做勻速運(yùn)動(dòng)，x方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，AD兩項(xiàng)錯(cuò)；當(dāng)運(yùn)動(dòng)員滑上斜面后，x、y方向都做勻加速運(yùn)動(dòng)，但加速度小于重力加速度，B對(duì)C錯(cuò)。
8．AC 解析：如圖甲，則振動(dòng)周期
，則
，A正確；如圖乙，振動(dòng)周期則為
，若為
，則
時(shí)刻和
時(shí)刻振動(dòng)位移分別為A和-A，彈簧的長(zhǎng)度不可能相同的。若為
，則
振動(dòng)位移為-A，
，振動(dòng)位移為
A，B錯(cuò)；當(dāng)振動(dòng)周期為時(shí)，
時(shí)刻和
時(shí)刻振子的位移相等，加速度相等；當(dāng)振動(dòng)周期為時(shí)，時(shí)刻和時(shí)刻振子的位移為零，加速度為零；C正確；由上述可知，兩種情況位移雖相同，但速度方向相反，動(dòng)量大小相等，D錯(cuò)。
9．D 解析：有三個(gè)力對(duì)金屬棒
做功，其中重力做功不改變金屬棒的機(jī)械能，拉力做功金屬棒的機(jī)械能增加，安培力做功金屬棒的機(jī)械能減小，減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，因此感應(yīng)電流的功率
等于安培力的功率，兩金屬棒速度相等，動(dòng)能不變，若
則系統(tǒng)重力勢(shì)能不變，機(jī)械能不變，拉力做的功全部轉(zhuǎn)化為電能，即
，AB錯(cuò)；若
，則系統(tǒng)重力勢(shì)能增大，機(jī)械能增大，拉力做的功一部分轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)機(jī)械能，一部分轉(zhuǎn)化為電能，則
一定大于，C錯(cuò)D對(duì)。
10．BCD 解析：對(duì)
，
，功率隨電流I的減小而減小，A錯(cuò)B正確；對(duì)
，
，當(dāng)
時(shí)，有最大值，C正確；若
，則隨的增大單調(diào)減小，D正確。
11．0.900 12
12．答案：①乙；②電壓表的示數(shù)
，電阻箱的阻值；若選擇圖甲，
；若選擇圖乙，則
；③若選擇圖甲，則為CE；若選擇圖乙，則為E。
解析：①由于電源電動(dòng)勢(shì)
V較小，
，電流表的標(biāo)度單位只能是mA或μA，因此
約5
或5000，5不合題意，5000比電流表內(nèi)阻并不滿足
，電壓表內(nèi)阻又未知，因此選擇圖乙，閉合開(kāi)關(guān)S2時(shí)，保持不變，反復(fù)調(diào)節(jié)
，使電流表指針半偏且電壓表示數(shù)不變，則電路總電流不變，使電壓表同時(shí)監(jiān)測(cè)電路電流，減小實(shí)驗(yàn)誤差，故選擇圖乙；②若選擇圖甲，則
，則；選擇圖乙時(shí)，開(kāi)關(guān)S2閉合前，通過(guò)電阻的電流就是通過(guò)電流表的電流；③此實(shí)驗(yàn)電源內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響，A錯(cuò)；兩種電路都有電壓表作監(jiān)測(cè)電表，因此因此電源電動(dòng)勢(shì)大小及電阻箱阻值的大小均對(duì)實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響，BD錯(cuò)；若選擇圖甲，則電壓表內(nèi)阻對(duì)電流表兩端電壓
的計(jì)算有較大影響，而對(duì)圖乙，電壓表只起監(jiān)測(cè)作用，因此選圖甲時(shí)應(yīng)該選擇C項(xiàng)；電阻箱阻值的精確度對(duì)實(shí)驗(yàn)直接造成影響，兩種選擇均要選E項(xiàng)。
評(píng)分說(shuō)明：①只能選擇圖乙；②③若選擇圖甲，只要后續(xù)回答正確均給分。
13．解析：⑴以10個(gè)小球整體為研究對(duì)象，由力的平衡條件可得 
…（2分）
得
………………………………………………（2分）
⑵以1號(hào)球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得 
…………（2分）
解得
……………………………………………（2分）
⑶撤去水平外力F后，以10個(gè)小球整體為研究對(duì)象，利用機(jī)械能守恒定律可得
（2分） 得 
（1分）
以1號(hào)球?yàn)檠芯繉?duì)象，由動(dòng)能定理得 
………………（2分）
得
………………………………………………（2分）
14．解析：⑴由萬(wàn)有引力定律得
①
②
①/②得
③
④
⑵上升最高的塵埃做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，因此由 
得
⑶塵埃上升時(shí)機(jī)械能守恒，有
則衛(wèi)星撞擊月球時(shí)的速度約為 
15．解析：⑴設(shè)電子在分離器中偏轉(zhuǎn)的軌道半徑為，在
中，
①
②
因此電子在Q和M中運(yùn)動(dòng)的周期相同，且
③
正、負(fù)電子從O第一次到D的時(shí)間為
相等，因此要讓正、負(fù)電子在D中相遇，有 
④
由②③④解得 
⑤
由電子偏轉(zhuǎn)方向可判斷，Q、M中磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向相反
⑵由②⑤得 
⑥
當(dāng)
時(shí)，環(huán)的半徑最大，且 
⑦
16．解析：A、B間發(fā)生彈性碰撞，設(shè)每次碰撞A、B的速度分別為
，碰后的速度分別為
，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律得
①
②
聯(lián)立①②解得 
(舍去)，即每次碰撞兩球都交換速度。
⑴設(shè)第一次碰撞前小球A的速度為
，由動(dòng)能定理得
③
則第一次碰撞后 
，小球A又開(kāi)始做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，小球B則以速度做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)從A、B間的第一次碰撞到第二次碰撞前小球A運(yùn)動(dòng)的距離為
，則 
④
⑤
聯(lián)立③④⑤解得 
⑵第二次碰后
，設(shè)第三次碰撞前A運(yùn)動(dòng)的距離為
，則
⑥
⑦
聯(lián)立解得 
第三次碰后
，小球B的動(dòng)能
，因此當(dāng)小球B出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能為
時(shí)，A、B間發(fā)生了四次碰撞。
⑶第四次碰撞后，小球A的速度
，若第四次碰撞發(fā)生后小球A即離開(kāi)電場(chǎng)，則A的動(dòng)能
，若小球A在將要發(fā)生第五次碰撞時(shí)才離開(kāi)電場(chǎng)，則
⑧
⑨
解得 
，故有 
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