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        1. ④本實驗的系統(tǒng)誤差主要來源于: . 查看更多

           

          題目列表(包括答案和解析)

          (1)用已調零且選擇旋鈕指向歐姆擋“×10”位置的多用電表測某電阻阻值,根據(jù)圖所示的表盤,被測電阻阻值為         Ω。若將該表選擇旋鈕置于1 mA擋測電流,表盤仍如題22圖1所示,則被測電流為         mA。

           

          (2)某同學用圖所示裝置測量重力加速度g,所用交流電頻率為50 Hz。在所選紙帶上取某點為0號計數(shù)點,然后每3個點取一個計數(shù)點,所以測量數(shù)據(jù)及其標記符號如圖所示。

           

          該同學用兩種方法處理數(shù)據(jù)(T為相鄰兩計數(shù)點的時間間隔):

          方法A:由……,取平均值g=8.667 m/s2;

          方法B:由取平均值g=8.673 m/s2。

          從數(shù)據(jù)處理方法看,在S1、S2S3、S4S5、S6中,對實驗結果起作用的,方法A中有__________;方法B中有__________。因此,選擇方法___________(AB)更合理,這樣可以減少實驗的__________(系統(tǒng)或偶然)誤差。本實驗誤差的主要來源有____________(試舉出兩條)。

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          22.(1)用已調零且選擇旋鈕指向歐姆擋“×10”位置的多用電表測某電阻阻值,根據(jù)圖1所示的表盤,被測電阻阻值為_____Ω。若將該表選擇旋鈕置于1 mA擋測電流,表盤仍如圖1所示,則被測電流為_______mA。

          (2)某同學用圖2所示裝置測量重力加速度g,所用交流電頻率為50 Hz。在所選紙帶上取某點為0號計數(shù)點,然后每3個點取一個計數(shù)點,所有測量數(shù)據(jù)及其標記符號如圖3所示。

                         

              該同學用兩種方法處理數(shù)據(jù)(T為相鄰兩計數(shù)點的時間間隔):

          方法A:由g1=,g2=,……,g5=,取平均值=8.667 m/s2;

          方法B:由g1=,g2=,g3=,取平均值=8.673 m/s2。

              從數(shù)據(jù)處理方法看,在S1、S2、S3、S4、S5、S6中,對實驗結果起作用的,方法A中有________;方法B中有_________。因此,選擇方法____(A或B)更合理,這樣可以減少實驗的_________(系統(tǒng)或偶然)誤差。本實驗誤差的主要來源有_____________________________ (試舉出兩條)。

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          某同學想測繪標有“3.8V 0.4A”字樣的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象,除了導線和開關外,有下列一些器材可供選擇:
          A.電源E(電動勢為4V,內阻約為0.04Ω)
          B.電壓表V1(量程為5V,內阻約為5kΩ)
          C.電流表A1(量程為100mA,內阻約為2Ω)
          D.電流表A2(量程為0.6A,內阻約為0.3Ω)
          E.滑動變阻器R1(最大阻值為5Ω)
          F.滑動變阻器R2(最大阻值為100Ω)
          G.開關及導線若干
          ①為了調節(jié)方便,測量準確,實驗中應選用電流表   ,滑動變阻器  (填器材前面的選項代號)②選好器材后,該同學按照該實驗要求連接電路,請完成下圖甲中的實物連線。

          ③該同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù),計算并描繪出R-U的圖象如圖乙所示。由圖象可知,此燈泡在不工作時,燈絲的電阻為_________Ω;
          ④任何實驗過程中均存在誤差,已知本實驗中所用的測量儀器均已校準。下列有關誤差的說法中正確的是____________;
          A.該實驗中的誤差來源主要是電流表的分壓作用
          B.由于電表內阻引起的誤差屬于偶然誤差,可以通過作圖法消除
          C.若將電表的內阻計算在內,可以消除由測量儀表引起的系統(tǒng)誤差
          D.用該實驗裝置測得的燈泡電阻比相應狀態(tài)的電阻的真實值小

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          (1)某同學想測繪標有“3.8 V 0.4 A”字樣的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象,除了導線和開關外,有下列一些器材可供選擇:

          A.電源E(電動勢為4 V,內阻約為0.04 Ω).

          B.電壓表V1 (量程為5 V,內阻約為5 kΩ);

          C.電流表A1 (量程為100 mA,內阻約為2 Ω);

          D.電流表A2 (量程為0.6 A,內阻約為0.3 Ω);

          E.滑動變阻器R1(最大阻值為5 Ω);

          F.滑動變阻器R2(最大阻值為100 Ω);

          G.開關及導線若干

          為了調節(jié)方便,測量準確,實驗中應選用電流表    ,滑動變阻器     (填器材前面的選項代號)

          (2)選好器材后,該同學按照該實驗要求連接電路,請完成下圖甲中的實物連線。

          (3)該同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù),計算并描繪出RU的圖象如圖乙所示。由圖象可知,此燈泡在不工作時,燈絲的電阻為     Ω;

             (4)任何實驗過程中均存在誤差,已知本實驗中所用的測量儀器均已校準。下列有關誤差的說法中正確的是____________

          A.該實驗中的誤差來源主要是電流表的分壓作用;

          B.由于電表內阻引起的誤差屬于偶然誤差,可以通過作圖法消除;

          C.若將電表的內阻計算在內,可以消除由測量儀表引起的系統(tǒng)誤差;

          D.用RU圖象處理數(shù)據(jù),可以有效的消除由于讀數(shù)引起的失誤。

           


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          二、選擇題(每小題6分,共48分,全對6分,對而不全3分)

          題號

          14

          15

          16

          17

          18

          19

          20

          21

          答案

          A

          B

          AC

          BD

          AD

          A

          C

          D

           

          22.(1)(1)6.0(2分,6也給分);如圖(4分,電流表外接2分,滑線變組器限流接法2分) 。

          (2) ①3.61 m/s2 (3分) ②  (3分)

          ③ BCE (3分,BE得3分)

          ④紙帶與打點計時器間的摩擦阻力,空氣阻力等。(2分)

          23.解:設子彈射入木前的速度為v,射入木塊后的共同速度為V,子彈打入木塊過程由動量守恒定律得:

                (6分)

          木塊與子彈一起運動的過程由動能定理得:

              (6分)

          聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得:

              (4分)

          24.解:(1)由于帶電微粒在磁場方向反向前后的運動是對稱的,所以微粒所受的電場力與重力是平衡的(2分)。微粒做勻速圓周運動,軌跡如圖:

          設微粒做勻速圓周運動的軌道半徑為R,由圖可知

              ①(2分)

          由洛侖茲力公式及勻速圓周運動規(guī)律得:

             ②(2分)

          聯(lián)立①②解得:

                 ③(2分)

          (2)設M、N兩板間的電勢差為U,由電場力與重力平衡得:

             ④(2分)

          由電容公式得:

              ⑤(1分)

          聯(lián)立④⑤得:   ⑥(2分)

          (3)當撤去磁場,兩金屬板電量減半,帶電微粒做類平拋運動,豎直方向的加速度為a,由牛頓第二定律得:

              ⑦(2分)

          帶電微粒水平方向的運動:

               ⑧(1分)

          帶電微粒豎直方向的運動:

             ⑨(1分)

          聯(lián)立④⑦⑧⑨得:

               ⑩(2分)

          25.解:(1)棒ab從A處下落時,回路中的感生電動勢為:

              ⑴(1分)

          回路中的總電阻:

             ⑵(1分)

          通過棒ab的電流為

             ⑶(1分)

          由牛頓第二定律得:

             ⑷(2分)

          聯(lián)立⑴⑵⑶⑷解得:

            ⑸ (1分)

          (2)設棒ab進入CD的速度為v3;芈分械母猩妱觿轂椋

              ⑹(1分)

          回路中的總電阻:

             ⑺(1分)

          通過棒ab的電流為

             ⑻(1分)

          由平衡條件得:

             ⑼(1分)

          棒ab從MN處下落到CD過程中,由機械能守恒定律得:

             ⑽(2分)

          聯(lián)立⑹⑺⑻⑼⑽解得:

             ⑾(2分)

          (3)分析題意得棒ab從MN處下落h的速度與導體棒ab在磁場II中做勻速運動的速度相等(1分),設導體棒ab自進入磁場II到開始做勻速運動過程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為Q,導體棒ab移動的距離為H,則由能量守恒得:

             ⑿(2分)

          設導體棒ab在磁場II中運動過程中的某一時刻通過R2的電流為I,則同一時刻通過R1的電流也為I,通過R3的電流為2I,電路的總功率為   ⒀(1分)

          所以,棒ab自進入磁場II到開始做勻速運動過程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為

             ⒁(1分)

          聯(lián)立⑾⑿⒀解得:

            ⒂(1分)

           

           

           


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