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如圖，是做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的小車帶動(dòng)通過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶的一部分，已知打點(diǎn)周期為T，圖中0，1，2，3，4…分別為計(jì)時(shí)器打下的點(diǎn)，已知2、3點(diǎn)到0點(diǎn)距離分別為d₂、d₃，則1點(diǎn)到0點(diǎn)間距離d₁=

3d2-d3

3

3d2-d3

3

，打2點(diǎn)速度v₂=

1

2T

(

4d3

3

-d2)

1

2T

(

4d3

3

-d2)

，物體運(yùn)動(dòng)的加速度a=

1

T2

（

2d3

3

-d2）

1

T2

（

2d3

3

-d2）

．

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如圖所是一研究物體直線運(yùn)動(dòng)的閃光照片示意圖，照片與實(shí)際大小比例為1：10，對(duì)照片中的小球的位置進(jìn)行測量，相鄰閃光像點(diǎn)之間的距離均為0.5cm，閃光頻率為30Hz（即每過

1

30

s閃光一次），則小球做

勻速直線

勻速直線

運(yùn)動(dòng)？小球在B位置時(shí)的運(yùn)動(dòng)速度是

1.5

1.5

m/s．

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如圖ABC是一個(gè)足夠大的直角棱鏡主截面的一部分，A為直角．今有一細(xì)束單色光PO以和BA成30°角的方向入射在AB側(cè)面上的O點(diǎn)，要使此束光線經(jīng)AB和AC兩界面折射后最終能從AC面射出，棱鏡介質(zhì)對(duì)該單色光的折射率應(yīng)當(dāng)小于（　�。�

A、 4 3

B、 3

C、 7 2

D、1.5

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如圖為一個(gè)半圓形玻璃磚的截面圖，O為圓心，MM′⊥AB．一束單色光沿NO方向射入，折射光線為ON′，ON與OM的夾角為30°，ON′與OM′的夾角為45°，半圓形玻璃磚的半徑R=3.0m，真空中的光速為c=3.0×10⁸m/s．求當(dāng)該單色光束沿與OM夾角為60°的PO方向射入時(shí)，從入射到第一次射出玻璃磚傳播的時(shí)間．

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如圖，是一個(gè)物體做直線運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象，則（　　）

A．物體在2秒末加速度方向發(fā)生改變

B．物體在2秒末速度方向發(fā)生改變

C．物體在4秒末加速度方向發(fā)生改變

D．物體在4秒末速度方向發(fā)生改變

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二、選擇題(每小題6分，共48分，全對(duì)6分，對(duì)而不全3分)

題號(hào)

14

15

16

17

18

19

20

21

答案

A

B

AC

BD

AD

A

C

D

22．（1）(1)6.0（2分，6也給分）；如圖(4分，電流表外接2分，滑線變組器限流接法2分) 。

(2) ①3.61 m/s² (3分) ②  (3分)

③ BCE (3分，BE得3分)

④紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦阻力，空氣阻力等。(2分)

23．解：設(shè)子彈射入木前的速度為v，射入木塊后的共同速度為V，子彈打入木塊過程由動(dòng)量守恒定律得：

      (6分)

木塊與子彈一起運(yùn)動(dòng)的過程由動(dòng)能定理得：

    (6分)

聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：

    (4分)

24．解：（1）由于帶電微粒在磁場方向反向前后的運(yùn)動(dòng)是對(duì)稱的，所以微粒所受的電場力與重力是平衡的(2分)。微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖：

設(shè)微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R，由圖可知

    ①（2分）

由洛侖茲力公式及勻速圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：

   ②（2分）

聯(lián)立①②解得：

       ③（2分）

（2）設(shè)M、N兩板間的電勢差為U，由電場力與重力平衡得：

   ④（2分）

由電容公式得：

    ⑤（1分）

聯(lián)立④⑤得：   ⑥（2分）

（3）當(dāng)撤去磁場，兩金屬板電量減半，帶電微粒做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向的加速度為a，由牛頓第二定律得：

    ⑦（2分）

帶電微粒水平方向的運(yùn)動(dòng)：

     ⑧（1分）

帶電微粒豎直方向的運(yùn)動(dòng)：

   ⑨（1分）

聯(lián)立④⑦⑧⑨得：

     ⑩（2分）

25．解：（1）棒ab從A處下落時(shí)，回路中的感生電動(dòng)勢為：

    ⑴（1分）

回路中的總電阻：

   ⑵（1分）

通過棒ab的電流為

   ⑶（1分）

由牛頓第二定律得：

   ⑷（2分）

聯(lián)立⑴⑵⑶⑷解得：

  ⑸ （1分）

（2）設(shè)棒ab進(jìn)入CD的速度為v₃�；芈分械母猩�電動(dòng)勢為：

    ⑹（1分）

回路中的總電阻：

   ⑺（1分）

通過棒ab的電流為

   ⑻（1分）

由平衡條件得：

   ⑼（1分）

棒ab從MN處下落到CD過程中，由機(jī)械能守恒定律得：

   ⑽（2分）

聯(lián)立⑹⑺⑻⑼⑽解得：

   ⑾（2分）

（3）分析題意得棒ab從MN處下落h的速度與導(dǎo)體棒ab在磁場II中做勻速運(yùn)動(dòng)的速度相等（1分），設(shè)導(dǎo)體棒ab自進(jìn)入磁場II到開始做勻速運(yùn)動(dòng)過程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為Q_總，導(dǎo)體棒ab移動(dòng)的距離為H，則由能量守恒得：

   ⑿（2分）

設(shè)導(dǎo)體棒ab在磁場II中運(yùn)動(dòng)過程中的某一時(shí)刻通過R₂的電流為I，則同一時(shí)刻通過R₁的電流也為I，通過R₃的電流為2I，電路的總功率為   ⒀（1分）

所以，棒ab自進(jìn)入磁場II到開始做勻速運(yùn)動(dòng)過程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為

   ⒁（1分）

聯(lián)立⑾⑿⒀解得：

  ⒂（1分）