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（本小題滿分12分）已知等比數(shù)列{a_n}中， 

   （Ⅰ）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式a_n；

   （Ⅱ）設(shè)數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，證明:；

   （Ⅲ）設(shè)，證明：對(duì)任意的正整數(shù)n、m，均有

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（本小題滿分12分）已知函數(shù)，其中a為常數(shù).

   （Ⅰ）若當(dāng)恒成立，求a的取值范圍；

   （Ⅱ）求的單調(diào)區(qū)間.

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一.選擇題   1-5   6-10   11-12     BBDBC  CBACC  DA

二．填空題   13. 1 ;   14. 2;    15. ;   16.  -1

三、解答題

17.解：（Ⅰ）由f(0)=，得2a-=，∴2a=，則a=.

由f()=，得+-=，∴b=1，…………2分

∴f(x) =cos²x+sinxcosx -=cos2x+sin2x=sin(2x+).…………4分

（Ⅱ）由f(x)=sin(2x+).

又由+2kπ≤2x+≤+2kπ，得+kπ≤x≤+kπ，

∴f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間是［+kπ，+kπ］(k∈Z)．?…………8分

（Ⅲ）∵f(x)=sin2(x+)，

∴函數(shù)f(x)的圖象右移后對(duì)應(yīng)的函數(shù)可成為奇函數(shù)．…………12分

18．解：（I）一次射擊后，三人射中目標(biāo)分別記為事件A₁，A₂，A₃，

由題意知A₁，A₂，A₃互相獨(dú)立，且,…………2分

.…………4分

∴一次射擊后，三人都射中目標(biāo)的概率是.…………5分

（Ⅱ）證明：一次射擊后，射中目標(biāo)的次數(shù)可能取值為0、1、2、3，相應(yīng)的沒(méi)有射中目標(biāo)的的次數(shù)可能取值為3、2、1、0，所以可能取值為1、3, …………6分

則）+

 ………8分

∴，………10分

∴＝.………12分

19．解：（Ⅰ）連接A₁C.∵A₁B₁C₁－ABC為直三棱柱，∴CC₁⊥底面ABC，∴CC₁⊥BC.

    ∵AC⊥CB，∴BC⊥平面A₁C₁CA. ……………1分

    ∴為與平面A₁C₁CA所成角，

.

∴與平面A₁C₁CA所成角為.…………3分

（Ⅱ）分別延長(zhǎng)AC，A₁D交于G. 過(guò)C作CM⊥A₁G 于M，連結(jié)BM，

    ∵BC⊥平面ACC­₁A₁，∴CM為BM在平面A₁C₁CA內(nèi)的射影，

    ∴BM⊥A₁G，∴∠CMB為二面角B―A₁D―A的平面角，………………………5分

    平面A₁C₁CA中，C₁C=CA=2，D為C₁C的中點(diǎn)，

    ∴CG=2，DC=1 在直角三角形CDG中，，.……7分

    即二面角B―A₁D―A的大小為.……………………8分

（Ⅲ）取線段AC的中點(diǎn)F，則EF⊥平面A₁BD.……………9分

證明如下：

∵A₁B₁C₁―ABC為直三棱柱，∴B₁C₁//BC，

∵由（Ⅰ）BC⊥平面A₁C₁CA，∴B₁C₁⊥平面A₁C₁CA，……………10分

∵EF在平面A₁C₁CA內(nèi)的射影為C₁F，當(dāng)F為AC的中點(diǎn)時(shí)，

C₁F⊥A₁D，∴EF⊥A₁D.

同理可證EF⊥BD，∴EF⊥平面A₁BD.……………………12分

解法二：

（Ⅰ）同解法一……………………3分

（Ⅱ）∵A₁B₁C₁―ABC為直三棱柱，C₁C=CB=CA=2，

AC⊥CB，D、E分別為C₁C、B₁C₁的中點(diǎn).

建立如圖所示的坐標(biāo)系得：

C（0，0，0），B（2，0，0），A（0，2，0），

C₁（0，0，2）， B₁（2，0，2）， A­₁（0，2，2），

D（0，0，1）， E（1，0，2）.………………6分

，設(shè)平面A₁BD的法向量為，

  .…………6分

平面ACC₁A₁­的法向量為=（1，0，0），.………7分

即二面角B―A₁D―A的大小為.…………………8分

（Ⅲ）F為AC上的點(diǎn)，故可設(shè)其坐標(biāo)為（0，，0），∴.

由（Ⅱ）知是平面A₁BD的一個(gè)法向量，

欲使EF⊥平面A₁BD，當(dāng)且僅當(dāng)//.……10分

∴，∴當(dāng)F為AC的中點(diǎn)時(shí)，EF⊥平面A₁BD.…………………12分

20．解：(Ⅰ) 據(jù)題意： _，

.

   兩式相減,有：_，…………3分

 .…………4分

又由=解得. …………5分

∴是以為首項(xiàng)，為公比的等比數(shù)列，∴.…………6分

 (Ⅱ)

 ………8分

…………12分

21．解: （Ⅰ）依題意，由余弦定理得：

, ……2分

即

.

,即.　　…………4分

（當(dāng)動(dòng)點(diǎn)與兩定點(diǎn)共線時(shí)也符合上述結(jié)論）

動(dòng)點(diǎn)的軌跡Q是以為焦點(diǎn),實(shí)軸長(zhǎng)為的雙曲線．其方程為.………6分

(Ⅱ)假設(shè)存在定點(diǎn),使為常數(shù)．

（1）當(dāng)直線不與軸垂直時(shí)，

設(shè)直線的方程為,代入整理得:

．…………7分

由題意知，．

設(shè),,則,．…………8分

于是，   …………9分

．…………10分

要使是與無(wú)關(guān)的常數(shù)，當(dāng)且僅當(dāng)，此時(shí)．…11分

（2）當(dāng)直線與軸垂直時(shí)，可得點(diǎn),，

當(dāng)時(shí)，．   

故在軸上存在定點(diǎn),使為常數(shù).…………12分

22．解：（Ⅰ）………1分

        同理，令

        ∴f(x)單調(diào)遞增區(qū)間為，單調(diào)遞減區(qū)間為.……………………3分

        由此可知…………………………………………4分

   （Ⅱ）由（I）可知當(dāng)時(shí)，有，

        即.

    .……………………………………………………………………7分

  （Ⅲ） 設(shè)函數(shù)…………………………………10分

        ∴函數(shù)）上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減.

        ∴的最小值為，即總有

        而

        即

        令則

        ……………………………………14分