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				在做“研究平拋物體的運動 的實驗時.通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡.并求出平拋運動的初速度.實驗裝置如圖甲所示.			【查看更多】
			


		
           
          


		
          
		
          題目列表(包括答案和解析)
          

		
		
          

          


          
	
          				
          
									
          在做“研究平拋物體的運動”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫小球做平拋運動的軌跡．為了能較準確地描繪小球的運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的是（　　）
          

			
          
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          ①在做“研究平拋物體的運動”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡．為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出一些操作要求，其中正確的是
          BD
          BD
          ．
          A．實驗所用的斜槽要盡量光滑，以減小摩擦
          B．通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平
          C．每次釋放小球的位置可以不同
          D．每次必須由靜止釋放小球
          ②如圖所示：為一小球作平拋運動的閃光照片的一部分，背景標尺每小格表示5cm，則由照片求得的平拋運動的水平速度為
          1
          1
          m/s．（g=10m/s2）
          

			
          
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          在做“研究平拋物體的運動”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球作平拋運動的軌跡．為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的選項前面的字母填寫在橫線上
          ACE
          ACE
          ．
          A．通過調(diào)節(jié)使斜槽末端保持水平
          B．每次釋放小球的位置必須不同
          C．每次必須由靜止開始釋放小球
          D．小球運動時必須與木板上的白紙（或方格紙）相接觸
          E．將球的位置記錄在紙上后，取下紙，用鉛筆將小球通過各位置連成平滑的曲線．
          

			
          
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          在做“研究平拋物體的運動”的實驗時．
          （1）安裝實驗裝置的過程中，斜槽裝置的末端的切線必須是水平的，這樣做的目的是
          B
          B

          A．保證小球飛出時速度不太大，也不太小
          B．保證小球飛出時，初速度水平
          C．保證小球在空中運動的時間每次都相等
          D．保證小球運動的軌跡是一條拋物線
          （2）如果小球每次從斜槽滾下的初始位置不同，下列說法中錯誤的是
          C
          C

          A．小球平拋的初速度不同
          B．小球每次均沿不同的拋物線運動
          C．小球在空中運動的時間每次均不相同
          D．小球通過相同的水平位移，所用時間均不相同
          （3）在做實驗時，除了木板、小球、斜槽、鉛筆、圖釘之外，下列器材中還需要的是
          CF
          CF
          ．（填代號）
          A．游標卡尺       B．秒表           C．坐標紙
          D．天平           E．彈簧測力計      F．重垂線．
          

			
          
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          在做“研究平拋物體的運動”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球作平拋運動的軌跡，為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求．
          （1）將你認為正確的選項前面的字母填寫在橫線上
          AC
          AC
          ．
          A．通過調(diào)節(jié)使斜槽末端保持水平
          B．每次釋放小球的位置必須不同
          C．每次必須由靜止開始釋放小球
          D．小球運動時必須與木板上的白紙（或方格紙）相接觸
          （2）某同學在記錄的白紙上畫出小球運動軌跡如圖所示，其中有一次實驗記錄位置C遠離他所描好的運動軌跡，分析造成這一結果的可能原因，寫出一種可能性．
          即釋放小球的位置偏高
          即釋放小球的位置偏高
          ．
          （3）實驗中測得A點的坐標為（9cm，5cm），根據(jù)這個數(shù)據(jù)求得小球的初速度為
          0.9
          0.9
          m/s．
          

			
          
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          題號
          1
          2
          3
          4
          5
          6
          7
          8
          9
          10
          答案
          AB
          A
          A
          C
          D
          C
          AB
          B
          A
          BC
          11、2.025  ；  53    ；  11 
。
          12、（1）將小球放在槽的末端（或木板上）看小球能否靜止。（或用水平儀檢查木板是否水平，其他答案只要合理即可）                             
  
          （2）BCD    
          （3）1.240（1.24）                               

          13、（1）    
（2）后輪的半徑R     （3）
          14、解：（1）當汽艇以最大速度航行時，牽引力F與此時阻力f平衡，故F－f=0
                     
由f＝kv  可得  F＝fm＝kvm＝1000N
          （2）汽艇以v＝5m/s速度航行時所受阻力為f＝kv 
          其牽引力為：        F＝fm＝kvm 
          根據(jù)牛頓運動定律有：
F－f＝ma 

          代入數(shù)據(jù)得：        a＝1m/s2  
          15、（1）設地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星質(zhì)量為m，萬有引力常量為G、衛(wèi)星在近地圓軌道運動接近A點時的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律
                 物體在地球表面上受到的萬有引力等于重力
                 解得
          （2）設同步軌道距地面高度h2，根據(jù)牛頓第二定律有
                 由上式解得：
          16、（1）在0---4S內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律F1－f＝ma1
          f＝μmg
          代入數(shù)據(jù)得：        a1＝3
m/s2
                 v1＝a1 t1＝12m/s
                 在4s―5s內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律F2－f＝ma2
          f＝μmg
          代入數(shù)據(jù)得：        a2＝－7m/s2
                 V2＝v1
+a2 t2＝5m/s
                 此后－f＝ma3
                     
a3＝－2m/s2
          在7.5S末物體速度減為0.
          如圖
          （2）由以上計算可知S1 ＝1/2
at12＝24m
                            
S2＝v1 t2 +1/2
at22 ＝8.5m
                             
S3＝v2 t3 +1/2
at32＝6.25m
          S＝S1
+ S2  + S3 ＝38.75m
          17、 （1）當小物塊速度小于3m/s時，小物塊受到豎直向下、垂直傳送帶向上的支持力和沿傳送帶斜向下的摩擦力作用，做勻加速直線運動，設加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律
          mgsin30° + μmgcos30°=ma1                       ①1分
          解得 a1 = 7.5m/s2
          當小物塊速度等于3m/s時，設小物塊對地位移為L1，用時為t1，根據(jù)勻加速直線運動規(guī)律
          t1 =                       ②1分
          L1 =                    ③1分
          解得 t1 = 0.4s   L1 = 0.6m                 
1分
          由于L1＜L 且μ＜tan30°，當小物塊速度大于3m/s時，小物塊將繼續(xù)做勻加速直線運動至B點，設加速度為a2，用時為t2，根據(jù)牛頓第二定律和勻加速直線運動規(guī)律
          mgsin30°－μmgcos30°=ma2                       ④1分
          解得  a2
= 2.5m/s2
          L－L1 = v1t2
+ a2t22 ⑤1分
          解得 t2 = 0.8s                       
1分
          故小物塊由禁止出發(fā)從A到B所用時間為 t = t1 + t2 = 1.2s       1分
             （2）作v―t圖分析知：傳送帶勻速運動的速度越大，小物塊從A點到B點用時越短，當傳送帶速度等于某一值v′ 時，小物塊將從A點一直以加速度a1做勻加速直線運動到B點，所用時間最短，即
          L = a1tmin2               ⑥1分
          解得tmin =
1s
          v′
=a1tmin =7.5m/s        1分
          此時小物塊和傳送帶之間的相對路程為 △S = v′ t－L = 3.75m
          傳送帶的速度繼續(xù)增大，小物塊從A到B的時間保持不變，而小物塊和傳送帶之間的相對路程繼續(xù)增大，小物塊在傳送帶上留下的痕跡也繼續(xù)增大；當痕跡長度等于傳送帶周長時，痕跡為最長Smax，設此時傳送帶速度為v2，則
          Smax = 2L + 2πR         ⑦1分
          Smax = v2t－L            ⑧1分
          聯(lián)立⑥⑦⑧解得 v2 = 12.25m/s                 1分
           
           
          		
          
	
          
	
          
		
          


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