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				(2)滑塊剛脫離彈簧時的速度.			【查看更多】
			


		
           
          


		
          
		
          題目列表(包括答案和解析)
          

		
		
          

          


          
	
          				
          
									
          （09年鹽城市一調(diào)）（8分）如圖所示，傾角為30°的光滑斜面，底端固定一沿斜面方向的彈簧。一質(zhì)量為m的滑塊將彈簧壓縮到A點(滑塊與彈簧不連接)，此時彈簧的壓縮量為△L�；瑝K在A點由靜止釋放，沿斜面滑過距離L時速度為0。求：
          （1）滑塊在A點時彈簧的彈性勢能；
          （2）滑塊剛脫離彈簧時的速度。
          

			
          
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          （10分）如圖所示，處于原長的輕質(zhì)彈簧放在固定的光滑水平導軌上，左端固定在豎直的墻上，右端與質(zhì)量為mB=2kg的滑塊B接觸但不連接，此時滑塊B剛好位于O點。光滑的水平導軌右端與水平傳送帶理想連接，傳送帶長度L=2.5m，皮帶輪沿順時針方向轉(zhuǎn)動，帶動皮帶以恒定速率v=4.0m/s勻速傳動�，F(xiàn)用水平向左的推力將滑塊B緩慢推到M點（彈簧仍在彈性限度內(nèi)），當撤去推力后，滑塊B沿軌道向右運動，滑塊B脫離彈簧后以速度vB=2.0m/s向右運動，滑上傳送帶后并從傳送帶右端Q點滑出落至地面上的P點。已知滑塊B與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.10，水平導軌距地面的豎直高度h=1.8m，重力加速度g取10m/s2。
          


          


          求：（1）水平向左的推力對滑塊B所做的功W；
          


          （2）滑塊B從傳送帶右端滑出時的速度大�。�
          


          （3）滑塊B落至P點距傳送帶右端的水平距離。
          


           
          

			
          
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          （10分）如圖所示，處于原長的輕質(zhì)彈簧放在固定的光滑水平導軌上，左端固定在豎直的墻上，右端與質(zhì)量為mB=2kg的滑塊B接觸但不連接，此時滑塊B剛好位于O點。光滑的水平導軌右端與水平傳送帶理想連接，傳送帶長度L=2.5m，皮帶輪沿順時針方向轉(zhuǎn)動，帶動皮帶以恒定速率v=4.0m/s勻速傳動�，F(xiàn)用水平向左的推力將滑塊B緩慢推到M點（彈簧仍在彈性限度內(nèi)），當撤去推力后，滑塊B沿軌道向右運動，滑塊B脫離彈簧后以速度vB=2.0m/s向右運動，滑上傳送帶后并從傳送帶右端Q點滑出落至地面上的P點。已知滑塊B與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.10，水平導軌距地面的豎直高度h=1.8m，重力加速度g取10m/s2。

          求：（1）水平向左的推力對滑塊B所做的功W；
          （2）滑塊B從傳送帶右端滑出時的速度大�。�
          （3）滑塊B落至P點距傳送帶右端的水平距離。
          

			
          
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          （10分）如圖所示，處于原長的輕質(zhì)彈簧放在固定的光滑水平導軌上，左端固定在豎直的墻上，右端與質(zhì)量為mB=2kg的滑塊B接觸但不連接，此時滑塊B剛好位于O點。光滑的水平導軌右端與水平傳送帶理想連接，傳送帶長度L=2.5m，皮帶輪沿順時針方向轉(zhuǎn)動，帶動皮帶以恒定速率v=4.0m/s勻速傳動�，F(xiàn)用水平向左的推力將滑塊B緩慢推到M點（彈簧仍在彈性限度內(nèi)），當撤去推力后，滑塊B沿軌道向右運動，滑塊B脫離彈簧后以速度vB=2.0m/s向右運動，滑上傳送帶后并從傳送帶右端Q點滑出落至地面上的P點。已知滑塊B與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.10，水平導軌距地面的豎直高度h=1.8m，重力加速度g取10m/s2。

          求：（1）水平向左的推力對滑塊B所做的功W；
          （2）滑塊B從傳送帶右端滑出時的速度大��；
          （3）滑塊B落至P點距傳送帶右端的水平距離。
          

			
          
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          如圖所示，在水平軌道右側(cè)安放半徑為R的豎直圓槽形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設特殊材料，調(diào)節(jié)其初始長度為l．水平軌道左側(cè)有一輕質(zhì)彈簧左端固定，彈簧處于自然伸長狀態(tài)．小物塊A（可視為質(zhì)點）從軌道右側(cè)以初速度v0沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧并被彈簧以原速率彈回，經(jīng)水平軌道返回圓形軌道.已知R=0.2m，l=1.0m，，物塊A質(zhì)量為m=1kg，與PQ段間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2，軌道其他部分摩擦不計，取g=10m/s2。求：

          （1）物塊A與彈簧剛接觸時的速度大小.
          （2）物塊A被彈簧以原速率彈回返回到圓形軌道的高度.
          （3）調(diào)節(jié)PQ段的長度l，A仍以v0從軌道右側(cè)沖上軌道，當l滿足什么條件時，A物塊能第一次返回圓形軌道且能沿軌道運動而不會脫離軌道。
          

			
          
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          一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分
          題號
          1
          2
          3
          4
          5
          答案
          A
          B
          D
          B
          C
          二、多項選擇題：每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得O分。
          題號
          6
          7
          8
          9
          答案
          BD
          AD
          ACD
          BD
          三、簡答題：本題分必做題（第l0、11題)和選做題(第12題)兩部分，共計42分。請將解答填寫在答題卡相應的位置。
          10．⑴探究的是加速度與其它量之間的比例關系(其它答法只要正確就給分。如：初速度為零的勻加速運動，在相同的時間內(nèi)，位移與加速度成正比) （3分）
          ⑵砝碼的數(shù)量 （2分）            ⑶
a(或)（2分）、（或a）（2分）
          11．⑴g 導線（3分）                 ⑵0.8（3分）
          ⑶AC（3分）（錯選得0分，漏選得2分）
          12．
          A（3-3）⑴AD（3分）（錯選得0分，漏選得2分）
          ⑵BD（3分）（錯選得0分，漏選得2分）
          ⑶解：由熱力學第一定律△U=W+Q得
                      
△U=（F+mg+P0S）△h－Q      （6分）
          B（3-4）⑴20m/s（3分）
          ⑵AB （3分）（錯選得0分，漏選得2分）
          ⑶解：∵n=    ∴r=300      （2分）
          光路圖如右圖所示
          ∴L1=d/cosr =        （2分）
          ∴L2= L1sin300=       （2分）
          C（3-5）⑴（3分）
          ⑵D（3分）
          ⑶解：由圖知=4m/s、=―1m/s、=2m/s     （2分）
          根據(jù)動量守恒定律有：ma =ma +  mb  （2分） 
          ∴mb=2.5kg             
（2分）
          四、計算題：本題共4小題，共計47分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。
          13．解：
          ⑴                             （4分）
          ⑵    （4分）
          14．解：
          ⑴ △x = aT2     ∴a = △x/
T2 
==10m/s2               （4分）
          ⑵=  = 50m/s        
（3分）
          ⑶ h =   ∴t==4s           
                  （2分）
          BC = bc + t －t               
                    （2分）
          = bc + (－)t
          = bc + aTt
          =95m                          
                   （1分）
          15．解：
          ⑴負電荷       （3分）
          ⑵剛進入磁場瞬間，由牛頓第二定律得：
          F合 = qkt－μ(mg
+ Bqv)=ma               
①     （2分）
          進入磁場△t瞬間，由牛頓第二定律得：
          F′合 = qk(t+△t)－μmg－μ Bq(+a△t)=ma   ②     （2分）
          解①②得：a=                            
③     （2分）
          ⑶      ③式代入①式得：t=++              
④     （2分）
          E=kt=                             ⑤    （1分）
          16．解：
          ⑴進入磁場瞬間回路中動生電動勢E1== kLgt12     （2分）
                             
感生電動勢E2=S
=Ldk       （2分）
          ∵回路電流為零，∴動生電動勢E1與感生電動勢E2方向相反、大小相等，即：
          E1 = kLgt12 = E2 = Ldk
          ∴d = gt1 2            
（1分）
          ⑵Q===        
（3分）
          ⑶金屬棒在L1上方電流I1  =  =             （1分）
          金屬棒穿出磁場前瞬間電流I2 =  = =   （1分）
          ∵I1= I2          
  ∴=       （2分）
          金屬棒穿過磁場過程中，由動能定理得：
          mgd－W=－       （2分）
          W= mgd+－
                           
=          
 （1分）
           
           
          		
          
	
          
	
          
		
          


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