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				•再由動能定理得:末速度  •多級加速偏轉--- n類平拋運動---沿電場方向v0等于0的勻加速直線運動.垂直于電場方向勻速直線運動.n時間---t=L/v0n加速度---a=E q/m=U q/m d			【查看更多】
			


		
           
          


		
          
		
          題目列表(包括答案和解析)
          

		
		
          

          


          
	
          				
          
									
          （2006?上海模擬）以20m/s的初速度，從地面豎直向上拋射一物體，它上升的最大高度是18m，如果物體在運動過程中所受阻力的大小不變，則物體在離地面多高處時其動能與重力勢能相等（g取10m/s2）．
          某同學解答如下：
          設物體上升到h高處時動能與重力勢能相等，
          1
          2
          mv2=mgh  ①
          此過程中，重力和阻力做功，由動能定理得：-（mg+f）h=
          1
          2
          mv2-
          1
          2
          mv02②
          物體上升的最大高度為H，則-（mg+f）H=0-
          1
          2
          mv02  ③
          由式①、②、③，代入數(shù)據(jù)解得h=9.47m，物體在離地9.47m處動能與重力勢能相等．
          經(jīng)檢查，計算無誤，該同學所得結論是否有不完美之處？若有請予以補充．
          

			
          
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          （2006?黃浦區(qū)模擬）如圖甲所示，質量為m=50g，長l=10cm的銅棒，用長度亦為l的兩根輕軟導線水平懸吊在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B=0.5T．未通電時，輕線在豎直方向，通入恒定電流后，棒向外偏轉的最大角度θ=37°，求此棒中恒定電流的大�。瑢W甲的解法如下：對銅棒進行受力分析，通電時導線向外偏轉，說明安培力方向垂直電流和磁場方向向外，受力如圖乙所示（側視圖）．
          當最大偏轉角θ=37°時，棒受力平衡，有：tanθ=
          F
          mg
          =
          BIl
          mg

          得I=
          mgtan370
          Bl
          =
          0.05×10×
          3
          4
          0.5×0.1
          =7.5A
          同學乙的解法如下：銅棒向外偏轉過程中，導線拉力不做
          功，如圖丙所示．
          F做功為：WF=FS1=BIlsin370×lsin370
          重力做功為：WG=-mgS2=-mgl（1-cos37°）
          由動能定理得：BI（lsin37°）2-mgl（1-cos37°）=0I=
          mgl(1-cos370)
          Blsin2370
          =
          0.05×10×(1-0.8)
          0.5×0.1×(0.6)2
          =
          50
          9
          =5.56A
          請你對同學甲和乙的解答以說理的方式作出評價；若你兩者都不支持，則給出你認為正確的解答．
          

			
          
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          （2007?深圳二模）如圖甲所示，質量為m=50g，長l=10cm的銅棒，用長度亦為l的兩根輕軟導線水平懸吊在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B=1/3T．未通電時，輕線在豎直方向，通入恒定電流后，棒向外偏轉的最大角度θ=37°，求此棒中恒定電流的大小．
          同學甲的解法如下：對銅棒進行受力分析，通電時導線向外偏轉，說明安培力方向垂直電流和磁場方向向外，受力如圖乙所示（側視圖）．
          當最大偏轉角θ=37°時，棒受力平衡，有：tanθ=
          F
          mg
          =
          BIl
          mg

          ∴I=
          mgtanθ
          Bl
          =
          0.05×10×
          3
          4
          1
          3
          ×0.01
          A=11.25A
          同學乙的解法如下：銅棒向外偏轉過程中，導線拉力不做功，如圖丙所示．
          F做功為：WF=FS1=BIl?lsin37°
          重力做功為：WG=-mgS2=-mgl（1-cos37°）
          由動能定理得：BIl2sin37-mgl（1-cos37°）=0
          ∴I=
          mg(1-cos°)
          BIsin37°
          =
          0.05×10×(1-0.8)
          1
          3
          ×0.1×0.6
          A=5A
          請你判斷，他們的解法哪個正確？錯誤的請指出錯在哪里．
          

			
          
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          如圖所示，質量為0.05kg，長l＝0.1m的銅棒，用長度也為l的兩根輕軟導線水平懸掛在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為B＝0.5T.不通電時，輕線在豎直方向，通入恒定電流后，棒向外偏轉的最大角度θ＝37°，求此棒中恒定電流多大？(不考慮棒擺動過程中產(chǎn)生的感應電流，g取10N/kg)
          


           
          


          同學甲的解法如下：對銅棒受力分析如圖所示：
          


          


          當最大偏轉角θ＝37°時，棒受力平衡，有：
          


          FTcosθ＝mg，FTsinθ＝F安＝BIl
          


          得I＝＝A＝7.5A
          


          同學乙的解法如下：
          


          F安做功：WF＝Fx1＝BIlsin37°×lsin37°＝BI(lsin37°)2
          


          重力做功：
          


          WG＝－mgx2＝－mgl(1－cos37°)
          


          


          由動能定理得：WF＋WG＝0
          


          代入數(shù)據(jù)解得：I＝A≈5.56A
          


          請你對甲、乙兩同學的解法作出評價：若你對兩者都不支持，則給出你認為正確的解答．
          


           
          

			
          
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          CD【解析】  當線框的ab邊進入GH后勻速運動到進入JP為止，ab進入JP后回路感應電動勢增大，感應電流增大，因此所受安培力增大，安培力阻礙線框下滑，因此ab進入JP后開始做減速運動，使感應電動勢和感應電流均減小，安培力又減小，當安培力減小到與重力沿斜面向下的分力mgsinθ相等時，以速度v2做勻速運動，因此v2<v1，A錯；由于有安培力做功，機械能不守恒，B錯；線框克服安培力做功，將機械能轉化為電能，克服安培力做了多少功，就有多少機械能轉化為電能，由動能定理得W1－W2=△Ek，W2=W1－△Ek，故CD正確。 [來源:z&zs&tep.com]
          

			
          
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