Question

如圖，豎直平面坐標(biāo)系xoy的第一象限，有垂直xoy面向外的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)和豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，大小分別為B和E；第四象限有垂直xoy面向里的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，大小也為E；第三象限內(nèi)有一絕緣光滑豎直放置的半徑為R的半圓軌道，軌道最高點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)O相切，最低點(diǎn)與絕緣光滑水平面相切于N．一質(zhì)量為m的帶電小球從y軸上（y＞0）的P點(diǎn)沿x軸正方向進(jìn)入第一象限后做圓周運(yùn)動(dòng)，恰好通過坐標(biāo)原點(diǎn)O，且水平切入半圓軌道并沿軌道內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)，過N點(diǎn)水平進(jìn)入第四象限，并在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)（已知重力加速度為g）．
（1）判斷小球的帶電性質(zhì)并求出其所帶電荷量；
（2）P點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O至少多高；
（3）若該小球以滿足（2）中OP最小值的位置和對(duì)應(yīng)速度進(jìn)入第一象限，通過N點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，經(jīng)時(shí)間t=2

R g

小球距坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離s為多遠(yuǎn)？

Answer 1

分析：（1）小球進(jìn)入第一象限正交的 電場(chǎng)和磁場(chǎng)后，在垂直磁場(chǎng)的 平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，說明重力與電場(chǎng)力平衡從而判定小球的電性和電量．
（2）設(shè)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的 速度為v、軌道半徑為r由洛倫茲力提供向心力；小球恰能通過半圓軌道的 最高點(diǎn)并沿軌道運(yùn)動(dòng)，則應(yīng)滿足重力恰好提供向心力，聯(lián)立即可求出P點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O至少多高；
（3）小球由O運(yùn)動(dòng)到N的過程中由機(jī)械能守恒，小球從N點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域后，在絕緣光滑水平面上作類平拋運(yùn)動(dòng)．根據(jù)運(yùn)動(dòng)的類型，寫出相應(yīng)的公式，就可以求解．

解答：解：（1）小球進(jìn)入第一象限正交的 電場(chǎng)和磁場(chǎng)后，在垂直磁場(chǎng)的 平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，說明重力與電場(chǎng)力平衡．設(shè)小球所帶電荷量為q，則有：qE=mg（1）
解得：q=

mg

E

（2）
又電場(chǎng)方向豎直向上故小球帶正電．
（2）設(shè)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的 速度為v、軌道半徑為r由洛倫茲力提供向心力得：qBv=

mv2

r

（3）
小球恰能通過半圓軌道的最高點(diǎn)并沿軌道運(yùn)動(dòng)，則應(yīng)滿足：mg=

mv2

R

（4）
由（3）（4）得：r=

m gR

qB

（5）
即：PO的最小距離為：y=2r=2E

R g

（6）
（3）小球由O運(yùn)動(dòng)到N的 過程中設(shè)到達(dá)N點(diǎn)的速度為v_N，由機(jī)械能守恒得：mg2R=

1

2

m

v

2 N

-

1

2

mv2（7）
由（4）（7）解得：vN=

5gR

（8）
小球從N點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域后，在絕緣光滑水平面上作類平拋運(yùn)動(dòng)．設(shè)加速度為a，則有：
沿x軸方向有：x=v_Nt（9）
沿電場(chǎng)方向有：z=

1

2

at2（10）
由牛頓第二定律得：a=

qE

m

（11）
t時(shí)刻小球距O點(diǎn)為：s=

x2+z2+(2R)2

=2

7

R
答：（1）小球的帶正電，其所帶電荷量q=

mg

E

；
（2）P點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O至少為

2E

B

R g

；
（3）經(jīng)時(shí)間t=2

R g

小球距坐標(biāo)原點(diǎn)O的 距離2

7

R．

點(diǎn)評(píng)：該題中，設(shè)置的情景比較復(fù)雜，運(yùn)動(dòng)的過程較多，一定要理清運(yùn)動(dòng)的過程和各個(gè)過程中的受力以及做功的情況，再選擇合適的公式進(jìn)行解題．