Question

已知集合D={（x₁，x₂）|x₁＞0，x₂＞0，x₁+x₂=k}（其中k為正常數(shù)）．
（1）設(shè)u=x₁x₂，求u的取值范圍；
（2）求證：當(dāng)k≥1時(shí)不等式(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)≤(

k

2

-

2

k

)2對(duì)任意（x₁，x₂）∈D恒成立；
（3）求使不等式(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)≥(

k

2

-

2

k

)2對(duì)任意（x₁，x₂）∈D恒成立的k²的范圍．

Answer 1

（1）x1x2≤(

x1+x2

2

)2=

k2

4

，當(dāng)且僅當(dāng)x1=x2=

k

2

時(shí)等號(hào)成立，
故u的取值范圍為(0，

k2

4

]．
（2）解法一（函數(shù)法）(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)=

1

x1x2

+x1x2-

x1

x2

-

x2

x1

=x1x2+

1

x1x2

-

x 21 + x 22

x1x2

=x1x2-

k2-1

x1x2

+2=u-

k2-1

u

+2
由0＜u≤

k2

4

，又k≥1，k²-1≥0，
∴在(0，

k2

4

]上是增函數(shù)
所以(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)
=u-

k2-1

u

+2≤

k2

4

-

k2-1

k2 4

+2=

k2

4

-2+

4

k2

=(

2

k

-

k

2

)2
即當(dāng)k≥1時(shí)不等式(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)≤(

k

2

-

2

k

)2成立．
解法二（不等式證明的作差比較法）
(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)-(

k

2

-

2

k

)2
=

1

x1x2

+x1x2-

x1

x2

-

x2

x1

-

4

k2

-

k2

4

+2
=

1

x1x2

-

4

k2

-(

k2

4

-x1x2)-(

x1

x2

+

x2

x1

-2)
=

k2-4x1x2

k2x1x2

-

k2-4x1x2

4

-

(x1-x2)2

x1x2

，
將k²-4x₁x₂=（x₁-x₂）²代入得：
(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)-(

k

2

-

2

k

)2
=

(x1-x2)2(4-k2x1x2-4k2)

4k2x1x2

∵（x₁-x₂）²≥0，k≥1時(shí)4-k²x₁x₂-4k²=4（1-k²）-k²x₁x₂＜0，
∴

(x1-x2)2(4-k2x1x2-4k2)

4k2x1x2

≤0，
即當(dāng)k≥1時(shí)不等式(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)≤(

k

2

-

2

k

)2成立．
（3）解法一（函數(shù)法）
記(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)=u+

1-k2

u

+2=f(u)，
則(

k

2

-

2

k

)2=f(

k2

2

)，
即求使f(u)≥f(

k2

4

)對(duì)u∈(0，

k2

4

]恒成立的k的范圍．
由（2）知，要使(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)≥(

k

2

-

2

k

)2
對(duì)任意（x₁，x₂）∈D恒成立，必有0＜k＜1，
因此1-k²＞0，
∴函數(shù)f(u)=u+

1-k2

u

+2在(0，

1-k2

]上遞減，在[

1-k2

，+∞)上遞增，
要使函數(shù)f（u）在(0，

k2

4

]上恒有f(u)≥f(

k2

4

)，必有

k2

4

≤

1-k2

，即k⁴+16k²-16≤0，
解得0＜k2≤4

5

-8．
解法二（不等式證明的作差比較法）
由（2）可知(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)-(

k

2

-

2

k

)2=

(x1-x2)2(4-k2x1x2-4k2)

4k2x1x2

，
要不等式恒成立，必須4-k²x₁x₂-4k²≥0恒成立
即x1x2≤

4-4k2

k2

恒成立
由0＜x1x2≤

k2

4

得

k2

4

≤

4-4k2

k2

，即k⁴+16k²-16≤0，
解得0＜k2≤4

5

-8．
因此不等式(

1

x1

-x1)(

1

x2

-x2)≥(

k

2

-

2

k

)2恒成立的k²的范圍是0＜k2≤4

5

-8