Question

設(shè)數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，點(diǎn)P（S_n，a_n）在直線（2-m）x+2my-m-2=0上，其中m為常數(shù)，且m＞0．
（Ⅰ）求證：{a_n}是等比數(shù)列，并求其通項(xiàng)a_n；
（Ⅱ）若數(shù)列{a_n}的公比q=f（m），數(shù)列{b_n}滿足b₁=a₁，b_n=f（b_n-1），（n∈N⁺，n≥2），求證：是等差數(shù)列，并求b_n；
（Ⅲ）設(shè)數(shù)列{c_n}滿足c_n=b_nb_n+1，T_n為數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和，且存在實(shí)數(shù)T滿足T_n≥T，（n∈N⁺）求T的最大值．

Answer 1

【答案】分析：（Ⅰ）由題設(shè)知（2-m）S_n+2ma_n-m-2=0，當(dāng)n=1時，a₁=S₁，（2-m）a₁+2ma₁-m-2=0，a₁=1，當(dāng)n≥2時，（2-m）S_n-1+2ma_n-1-m-2=0，
兩式相減得（2+m）a_n=2ma_n-1，由此能求出其通項(xiàng)a_n；
（Ⅱ）由，知，，由此能證明成等差數(shù)列；
（Ⅲ）由{c_n}滿足，知T_n遞增．，要滿足T_n≥T對任意n∈N⁺都成立，．由此能求出T的最大值．
解答：解：（Ⅰ）∵點(diǎn)P（S_n，a_n）在直線（2-m）x+2my-m-2=0上，
∴（2-m）S_n+2ma_n-m-2=0*（1分）
當(dāng)n=1時，a₁=S₁，∴（2-m）a₁+2ma₁-m-2=0，
∴a₁（m+2）=m+2∴a₁=1，（2分）
當(dāng)n≥2時，由*式知（2-m）S_n-1+2ma_n-1-m-2=0**，
兩式相減得（2+m）a_n=2ma_n-1∵m＞0∴，
∴，
又當(dāng)n=1時也適合，∴{a_n}是等比數(shù)列，
通項(xiàng)；（5分）

（Ⅱ）由Ⅰ知，
∴，
∴
即，又也適合，
∴成等差數(shù)列，（7分）
其通項(xiàng)，∴（9分）
（Ⅲ）∵{c_n}滿足T_n為數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和，
∴{T_n}是遞增婁數(shù)列；（11分）
∴，要滿足T_n≥T對任意n∈N⁺都成立，
∴．∴T的最大值為．（13分）
點(diǎn)評：本題考查數(shù)列的性質(zhì)和應(yīng)用，解題時要注意公式的合理運(yùn)用，挖掘題設(shè)中的陷含條件．