Question

數(shù)列{a_n}，{b_n}（n=1，2，3，…）由下列條件確定：①a₁＜0，b₁＞0；②當(dāng)k≥2時(shí)，a_k與b_k滿足：a_k-1+b_k-1≥0時(shí)，a_k=a_k-1，b_k=；當(dāng)a_k-1+b_k-1＜0時(shí)，a_k=，b_k=b_k-1．
（Ⅰ）若a₁=-1，b₁=1，，求a₂，a₃，a₄，并猜想數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式（不需要證明）；
（Ⅱ）在數(shù)列{b_n}中，若b₁＞b₂＞…b_s（s≥3，且s∈N^*），試用a₁，b₁表示b_k，k∈{1，2，…，s}；
（Ⅲ）在（Ⅰ）的條件下，設(shè)數(shù)列{c_n}（n∈N^*）滿足c₁=，c_n≠0，c_n+1=- （其中m為給定的不小于2的整數(shù)），求證：當(dāng)n≤m時(shí)，恒有c_n＜1．

Answer 1

【答案】分析：（Ⅰ）利用題中的條件，分別令n=1，2，3，4，根據(jù)數(shù)列的前三項(xiàng)，猜想{a_n}的解析式．
（Ⅱ）用反證法證明 a_k-1+b_k-1≥0，由此推出 b_k-a_k= 成立，可得{b_k-a_k}是首項(xiàng)為b₁-a₁，公比為的等比數(shù)列，寫出{b_k-a_k}的通項(xiàng)公式，可得b_k ．
（Ⅲ）由題意得c_n+1-c_n=＞0，由此推出＞-，進(jìn)而得到c_n ＜＜1．
解答：（Ⅰ）解：因?yàn)閍₁+b₁=0，所以 a₂=a₁=-1，b₂==0．…（1分）
因?yàn)閍₂+b₂=-1＜0，則 a₃==-，b₃=b₂=0．…（2分）
a₄===-．…（3分）
猜想當(dāng)n≥2時(shí)，a_n=a₂•=-．
則 a_n=．   …（4分）
（Ⅱ）解：當(dāng) 2≤k≤s時(shí)，假設(shè)a_k-1+b_k-1＜0，根據(jù)已知條件則有 b_k=b_k-1，
與 b₁＞b₂＞…＞b_s矛盾，因此 a_k-1+b_k-1＜0不成立，…（5分）

所以有a_k-1+b_k-1≥0，從而有 a_k=a_k-1，所以a_k=a₁．…（6分）

當(dāng)a_k-1+b_k-1≥0時(shí)，a_k=a_k-1，，
所以 b_k-a_k=-a_k-1=； …（8分）

當(dāng) 2≤k≤s時(shí)，總有 b_k-a_k= 成立．
又 b₁-a₁≠0，
所以{b_k-a_k}（k=1，2，3…s）是首項(xiàng)為b₁-a₁，公比為的等比數(shù)列，…（9分）
b_k-a_k =（b₁-a₁） ，k=1，2，3…s，
又因?yàn)?a_k=a₁，所以b_k=（b₁-a₁） +a₁ ，．…（10分）
（Ⅲ）證明：由題意得 =+c_n．
因?yàn)?c_n+1=+c_n，所以 c_n+1-c_n=＞0．
所以數(shù)列{c_n}是單調(diào)遞增數(shù)列．…（11分）
因此要證 c_n＜1 （n≤m），只須證 c_m＜1．
由m≥2，則 c_n+1═+c_n＜c_nc_n+1+c_n，即 ＞-．…（12分）
因此 =（-）+（-）+（-）+…+（-）+ 
＞+2=．
所以，c_n ＜＜1．
故當(dāng)n≤m，恒有 c_n ＜1．…（14分）
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查數(shù)列與不等式的綜合，數(shù)列的遞推式的應(yīng)用，體現(xiàn)了轉(zhuǎn)化的數(shù)學(xué)思想，屬于難題．