Question

【題目】如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，拋物線與x軸交于點(diǎn)A(，0)、B(4，0)兩點(diǎn)，與y軸交于點(diǎn)C。

　�。�1）求拋物線的解析式；

　　（2）點(diǎn)P從A點(diǎn)出發(fā)，在線段AB上以每秒3個(gè)單位長度的速度向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，同時(shí)點(diǎn)Q從B點(diǎn)出發(fā)，在線段BC上以每秒1個(gè)單位長度向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)。其中一個(gè)點(diǎn)到達(dá)終點(diǎn)時(shí)，另一個(gè)點(diǎn)也停止運(yùn)動(dòng)。當(dāng)△PBQ存在時(shí)，求運(yùn)動(dòng)多少秒使△PBQ的面積最大，最多面積是多少？

（3）當(dāng)△PBQ的面積最大時(shí)，在BC下方的拋物線上存在點(diǎn)K，使S△CBK∶S△PBO=5∶2，求K點(diǎn)坐標(biāo)。

Answer 1

【答案】（1）、y=；（2）、t=1時(shí)，最大面積為；（3）、K1（1，﹣），K2（3，﹣）.

【解析】試題分析：（1）把點(diǎn)A、B的坐標(biāo)分別代入拋物線解析式，列出關(guān)于系數(shù)a、b的解析式，通過解方程組求得它們的值；

（2）設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒．利用三角形的面積公式列出S△PBQ與t的函數(shù)關(guān)系式S△PBQ=-（t-1）2+．利用二次函數(shù)的圖象性質(zhì)進(jìn)行解答；

（3）利用待定系數(shù)法求得直線BC的解析式為y=x-3．由二次函數(shù)圖象上點(diǎn)的坐標(biāo)特征可設(shè)點(diǎn)K的坐標(biāo)為（m， m2-m-3）．

如圖2，過點(diǎn)K作KE∥y軸，交BC于點(diǎn)E．結(jié)合已知條件和（2）中的結(jié)果求得S△CBK=．則根據(jù)圖形得到：S△CBK=S△CEK+S△BEK=EKm+EK（4-m），把相關(guān)線段的長度代入推知：-m2+3m=．易求得K1（1，-），K2（3，-）．

試題解析：（1）把點(diǎn)A（-2，0）、B（4，0）分別代入y=ax2+bx-3（a≠0），得

，

解得，

所以該拋物線的解析式為：y=x2-x-3；

（2）設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒，則AP=3t，BQ=t．

∴PB=6-3t．

由題意得，點(diǎn)C的坐標(biāo)為（0，-3）．

在Rt△BOC中，BC==5．

如圖1，過點(diǎn)Q作QH⊥AB于點(diǎn)H．

∴QH∥CO，

∴△BHQ∽△BOC，

∴，即，

∴HQ=t．

∴S△PBQ=PBHQ=（6-3t）t=-t2+t=-（t-1）2+．

當(dāng)△PBQ存在時(shí)，0＜t＜2

∴當(dāng)t=1時(shí)，

S△PBQ最大=．

答：運(yùn)動(dòng)1秒使△PBQ的面積最大，最大面積是；

（3）設(shè)直線BC的解析式為y=kx+c（k≠0）．

把B（4，0），C（0，-3）代入，得

，

解得，

∴直線BC的解析式為y=x-3．

∵點(diǎn)K在拋物線上．

∴設(shè)點(diǎn)K的坐標(biāo)為（m， m2-m-3）．

如圖2，過點(diǎn)K作KE∥y軸，交BC于點(diǎn)E．則點(diǎn)E的坐標(biāo)為（m， m-3）．

∴EK=m-3-（m2-m-3）=-m2+m．

當(dāng)△PBQ的面積最大時(shí)，∵S△CBK：S△PBQ=5：2，S△PBQ=．

∴S△CBK=．

S△CBK=S△CEK+S△BEK=EKm+EK（4-m）

=×4EK

=2（-m2+m）

=-m2+3m．

即：-m2+3m=．

解得 m1=1，m2=3．

∴K1（1，-），K2（3，-）．