Question

（2008•昆明）如圖，在直角坐標(biāo)系中，以點(diǎn)M（3，0）為圓心，以6為半徑的圓分別交x軸的正半軸于點(diǎn)A，交x軸的負(fù)半軸交于點(diǎn)B，交y軸的正半軸于點(diǎn)C，過(guò)點(diǎn)C的直線交x軸的負(fù)半軸于點(diǎn)D（-9，0）
（1）求A，C兩點(diǎn)的坐標(biāo)；
（2）求證：直線CD是⊙M的切線；
（3）若拋物線y=x²+bx+c經(jīng)過(guò)M，A兩點(diǎn)，求此拋物線的解析式；
（4）連接AC，若（3）中拋物線的對(duì)稱軸分別與直線CD交于點(diǎn)E，與AC交于點(diǎn)F．如果點(diǎn)P是拋物線上的動(dòng)點(diǎn)，是否存在這樣的點(diǎn)P，使得S_△PAM：S_△CEF=：3？若存在，請(qǐng)求出此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．（注意：本題中的結(jié)果均保留根號(hào)）

Answer 1

【答案】分析：（1）已知了M的坐標(biāo)和圓的半徑即可求出A點(diǎn)坐標(biāo)，連接MC可在直角三角形OMC中，用勾股定理求出OC的長(zhǎng)，即可得出C點(diǎn)的坐標(biāo)．
（2）連接MC，證MC⊥CD即可．根據(jù)OD的長(zhǎng)和OC的長(zhǎng)，不難得出∠ODC=30°，同理可在直角三角形OCM中，求出∠OMC=60°，由此可得出∠DCM=90°，由此可得證．
（3）將M、A的坐標(biāo)代入拋物線中求解即可．
（4）本題可先求出三角形CEF的面積，然后根據(jù)兩三角形的面積比求出三角形PAM的面積，由于AM是定值，根據(jù)三角形PAM的面積即可求出P點(diǎn)的縱坐標(biāo)的絕對(duì)值，代入拋物線中即可求出P點(diǎn)的坐標(biāo)．
解答：解：（1）連接CM，由題意得：OM=3，OB=3，OE=9，MC=6
OA=OM+MA=3+6=9
A（9，0）
∵OC==3
∴C（0，）

（2）證法一：
在Rt△DCO中，∵DC==6
在△DCM中，∵CM²+DC²=144
DM²=（DO+OM）²=（9+3）²=12²=144
∴CM²+DC²=DM²
∴△DCM直角三角形．
∴MC⊥DC，而MC是⊙M的半徑
∴CD是⊙M的切線．
證法二：
在Rt△COM中，∵sin∠MCO==，
∴∠MCO=30°
在Rt△DOC中，∵tan∠DCO===，
∴∠DCO=60°
∴∠DCM=∠MCO+∠DCO=90°
∴MC⊥DC，而MC中的⊙M半徑．

（3）由拋物線y=x²+bx+c經(jīng)過(guò)點(diǎn)M（3，0）和點(diǎn)A（9，0），可得：
解得：
∴拋物線的解析式為：y=x²-12x+27．

（4）存在
設(shè)拋物線的對(duì)稱軸交x軸于點(diǎn)H
在（2）中已證：
∴∠DCO=60°，∠CDO=30°
∵拋物線的對(duì)稱軸平行于y，
∴∠CEF=∠DCO=60°
∵OD=OA=9，
∴CO垂直平分AD
∴∠CAO=∠CDO=30°
在Rt△AFH中，∠AFH=60°
∴∠EFC=60°
∴△CEF是等邊三角形
過(guò)點(diǎn)C作CG⊥EF于點(diǎn)G，則CG=6
可得：EF=4，S_△CEF=EF•CG=×4×6=12；
若點(diǎn)P在軸的上方，設(shè)點(diǎn)P坐標(biāo)為（x，y），S_△PAM=AM•y=3y，S_△PAM：S_△CEF=：3
∴3y：12=：3，
解得：y=4．
當(dāng)y=4時(shí)，即x²-12x+27=4，解得x=6±
∴P（6-，4）或（6+，4）．
②若點(diǎn)P在x軸上，則點(diǎn)P與點(diǎn)M或與點(diǎn)A重合，此時(shí)構(gòu)不成三角形．
③若點(diǎn)P在x軸下方，設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（x，y）
S_△PAM=AM•（-y）=-3y，S_△PAM：S_△CEF=：3
∴-3y：12=：3
解得：y=-4
當(dāng)y=-4時(shí)，即x²-12x+27=-4，解得x=6±．
∴P（6-，-4）或（6+，-4）．
∴這樣的點(diǎn)共有4個(gè)，
∴P（6-，4）或（6+，4）或（6-，-4）或（6+，-4）．
點(diǎn)評(píng)：本題考查了圓和二次函數(shù)的相關(guān)知識(shí)，難度較大．