Question

（2012•十堰）拋物線y=-x²+bx+c經(jīng)過(guò)點(diǎn)A、B、C，已知A（-1，0），C（0，3）．
（1）求拋物線的解析式；
（2）如圖1，P為線段BC上一點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)P作y軸平行線，交拋物線于點(diǎn)D，當(dāng)△BDC的面積最大時(shí)，求點(diǎn)P的坐標(biāo)；
（3）如圖2，拋物線頂點(diǎn)為E，EF⊥x軸于F點(diǎn)，M（m，0）是x軸上一動(dòng)點(diǎn)，N是線段EF上一點(diǎn)，若∠MNC=90°，請(qǐng)指出實(shí)數(shù)m的變化范圍，并說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）由y=-x²+bx+c經(jīng)過(guò)點(diǎn)A、B、C，A（-1，0），C（0，3），利用待定系數(shù)法即可求得此拋物線的解析式；
（2）首先令-x²+2x+3=0，求得點(diǎn)B的坐標(biāo)，然后設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b′，由待定系數(shù)法即可求得直線BC的解析式，再設(shè)P（a，3-a），即可得D（a，-a²+2a+3），即可求得PD的長(zhǎng)，由S_△BDC=S_△PDC+S_△PDB，即可得S_△BDC=-

3

2

（a-

3

2

）²+

27

8

，利用二次函數(shù)的性質(zhì)，即可求得當(dāng)△BDC的面積最大時(shí)，求點(diǎn)P的坐標(biāo)；
（3）首先過(guò)C作CH⊥EF于H點(diǎn)，則CH=EH=1，然后分別從點(diǎn)M在EF左側(cè)與M在EF右側(cè)時(shí)去分析求解即可求得答案．

解答：解：（1）由題意得：

-1-b+c=0 c=3

，
解得：

b=2 c=3

，
∴拋物線解析式為y=-x²+2x+3；

（2）令-x²+2x+3=0，
∴x₁=-1，x₂=3，
即B（3，0），
設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b′，
∴

b′=3 3k+b′=0

，
解得：

k=-1 b′=3

，
∴直線BC的解析式為y=-x+3，
設(shè)P（a，3-a），則D（a，-a²+2a+3），
∴PD=（-a²+2a+3）-（3-a）=-a²+3a，
∴S_△BDC=S_△PDC+S_△PDB
=

1

2

PD•a+

1

2

PD•（3-a）
=

1

2

PD•3
=

3

2

（-a²+3a）
=-

3

2

（a-

3

2

）²+

27

8

，
∴當(dāng)a=

3

2

時(shí)，△BDC的面積最大，此時(shí)P（

3

2

，

3

2

）；

（3）由（1），y=-x²+2x+3=-（x-1）²+4，
∴OF=1，EF=4，OC=3，
過(guò)C作CH⊥EF于H點(diǎn)，則CH=EH=1，
當(dāng)M在EF左側(cè)時(shí)，
∵∠MNC=90°，
則△MNF∽△NCH，
∴

MF

NH

=

FN

HC

，
設(shè)FN=n，則NH=3-n，
∴

1-m

3-n

=

n

1

，
即n²-3n-m+1=0，
關(guān)于n的方程有解，△=（-3）²-4（-m+1）≥0，
得m≥-

5

4

，
當(dāng)M在EF右側(cè)時(shí)，Rt△CHE中，CH=EH=1，∠CEH=45°，即∠CEF=45°，
作EM⊥CE交x軸于點(diǎn)M，則∠FEM=45°，
∵FM=EF=4，
∴OM=5，
即N為點(diǎn)E時(shí)，OM=5，
∴m≤5，
綜上，m的變化范圍為：-

5

4

≤m≤5．

點(diǎn)評(píng)：此題考查了待定系數(shù)法求函數(shù)的解析式、相似三角形的判定與性質(zhì)、二次函數(shù)的最值問(wèn)題、判別式的應(yīng)用以及等腰直角三角形的性質(zhì)等知識(shí)．此題綜合性很強(qiáng)，難度較大，注意掌握數(shù)形結(jié)合思想、分類討論思想與方程思想的應(yīng)用．